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Biologia iVaUlaS 27 E 28:

INTERAÇÕES GÊNICAS - EPISTASIA. INTERAÇÕES NÃO EPISTÁTICAS, POLIMERIA E PLEIOTROPIA

EXERCÍCioS PRoPoSToSAnUal

VOLUME 6

OSG.: 105177/16

01.

Fenótipos Genótipos

Branca aa_ _

Vermelha A_ B_

Creme A_ bb

Pais: AaBb x AaBb

Filhos: 9

16

3

16

3

16

1

16A_B_; A_bb; aaB_; aabb.

P aa_ _( ) = + =3

16

1

16

4

16

Resposta: B

02. Pais: SstT × SSTT

Filhos: 1/4 negro (SSTT); 2/4 mulatos escuros (SsTT e SSTt) e 1/4 mulato médio (SsTt).

03.A) A fêmea mãe tem o genótipo Bbee. Interação gênica é quando um ou mais genes, localizados ou não no mesmo cromossomo, agem

conjuntamente na determinação de uma característica. A interação gênica observada entre os genes envolvidos na determinação da cor da pelagem de labradores é denominada epistasia. Nesse tipo de interação, o gene “e” impede a expressão dos alelos de outro par, ou seja, impede a deposição de pigmento na pelagem, fazendo com que o animal adquira uma coloração dourada. Como esse gene atua apenas se estiver em dose dupla (ee), trata-se de um caso de epistasia recessiva.

B) O cão preto (pai) tem o genótipo BbEe e o seu filhote chocolate tem o genótipo bbEe. Como o pai é preto, deve ter pelo menos um gene dominante de cada lócus (B_E_). Tendo um filho chocolate (bbE_), obrigatoriamente deve ter um gene recessivo b (BbE_). Como teve também quatro filhotes dourados (_ _ee), também deve ter obrigatoriamente um gene recessivo e, sendo seu genótipo, então, BbEe. O seu filhote chocolate, para ter essa cor deverá ter obrigatoriamente dois genes recessivos b e pelo menos um gene E dominante (bbE_). Como sua mãe é dourada (Bbee) ele deverá obrigatoriamente receber um gene recessivo e de sua mãe, ficando assim, com o genótipo bbEe.

04. Pais: bbEe × Bbee

filhos: 1

4 BbEe (preta) :

1

4 Bbee (dourada) :

1

4 bbEe (marrom) :

1

4 bbee (amarela)

P( dourado) = 1

2

1

4

1

8× =

P ( dourada) = 1

2

1

4

1

8× =

P (casal dourado) = 1

8

1

8

1

64× =

Resposta: C

05. O número de espermatozoides distintos formados pela meiose dessas células é 2n (n = número de pares heterozigóticos do genótipo). Logo, n2 = 24 = 16 tipos diferentes de gametas. As 80 células formarão 320 células ao término da meiose, das quais 20 terão a composição AbGm.

Resposta: C

06. A) Fazendo o cruzamento genético, tem-se:

AB Ab aB ab

AB AABBbranca

AABbbranca

AaBBbranca

AaBbbranca

Ab AABbbranca

AAbbamarela

AaBbbranca

Aabbamarela

aB AaBBbranca

AaBbbranca

aaBBbranca

aaBbbranca

ab AaBbbranca

Aabbamarela

aaBbbranca

aabbbranca

OSG.: 105177/16

Resolução – Biologia IV

A partir da análise do quadrado de Punnet, infere-se que, para cada 16 indivíduos, são esperados 3 indivíduos com flores amarelas.

B) Para a planta, o principal benefício é o transporte do grão de pólen até o estigma de outras flores, favorecendo a fecundação cruzada. Os insetos são beneficiados pela obtenção de alimento, o néctar.

07. Se os genes a e b não contribuem para o peso e o fruto aabb tem 20 g, teremos:AABB = 40 g – 20 g = 20 g.Logo, cada gene A ou B contribui com 5 g.Portanto, o fruto de genótipo AABb terá:20 + 15 = 35 g.

08. Em I, o cruzamento de camundongos aguti (AaPp) de F-1, nascidos do cruzamento entre camundongos preto (AApp) com camundongos albinos (aaPP), resulta numa geração F-2 constituída por 9/16 de camundongos aguti, 3/16 de camundongos pretos e 4/16 de camundongos albinos, temos aí, um exemplo de epistasia recessiva. As assertivas II e III são corretas.

Resposta: C

09. As proporções de 9:3:3:1, obtidas no cruzamento de indivíduos da F1, indicam que a herança do tipo de cristas das galinhas é determinada pela interação de dois pares de genes com segregação independente, isto é, genes situados em locos de cromossomos distintos.

Resposta: B

10. Sendo:XD = alelo que determina o caráter normal em relação à visão;Xd = alelo que determina o daltonismo;P = alelo que determina dactilismo normal;p = alelo que determina a polidactilia,

temos os seguintes genótipos:

1 - XDYP_ 2 - XdXdpp

3 - XdYpp ––– 4 - XDXdPp

Xdp Yp

XDP XDXdPp XDYPp

XDp XDXdpp XDYpp

XdP XdXdPp XdYPp

Xdp XdXdpp XdYpp

A probabilidade de ter uma filha normal para ambos os caracteres é 1

8.

Resposta: E

11.A) Pais: RrEe × RrEe

Filhos: 9

16

3

16

3

16

1

163

16

R_E_; R_ee; rrE_; rree

P R ee_( ) =

B) Pais: RRee × RrEe

Filhos:

RE Re rE re

Re RREe RRee RrEe Rree

Proporção genotípica: 1: 1: 1: 1.Proporção fenotípica: 1 noz: 1 rosa.

OSG.: 105177/16

Resolução – Biologia IV

12.

Genótipos Fenótipos

A_ B_ verde

A_ bb azul

aaB_ amarelo

aabb branco

Pais: AaBb x AaBb

Filhos: verdes A B azuis A bb amarelos aaB bran9

16

3

16

3

16_ _ ; _ ; _ ; co

ss1

16aabb

Resposta: C

13. AaBb Para que o macho seja cinza, deve apresentar, pelo menos, um alelo A e um alelo B. Como foi cruzado com uma fêmea albina (aabb)

e existem tanto descendentes de pelagem preta (bb), quanto albinos (aa), o macho deve possuir os alelos a e b.

14.A) D_C_ : audição normal. D_cc, ddC_, ddcc: surdez profunda. Sim, se os pais forem DDcc × ddCCB) DdCc × DdCc DDCC 1/4 × 1/5 = 1/16 C) Baixa variabilidade genética, provocada provavelmente por uma pequena população e casamentos consanguíneos.D) Anfíbios.E) Comportamento sexual e aviso de perigo.

15.A) 6 (3 pares). Os extremos da F2 são: 1/4n = 1/64 = 1/43.B) 0,4 cm.

16.A) 25% vermelho (AaBb) 25% rosa (Aabb) 50% brancos (aaBb e aabb)

B) Indivíduos vermelhos serão: AABB ou AaBB ou AABb ou AaBb

C) 9/16 vermelhos (A_B_) 3/16 rosa (A_bb) 4/16 brancos (3/16 aaBb e 1/16 aabb)

17.

Fenótipos Genótipos

coloridas bbC_

brancas B_C ; B_cc e bbcc

país: bbCC × BBcc

gametas: bC Bc

filhos: 100% BbCc (brancas

Observação: A proporção 16/16 da alternativa [E] indica que a totalidade da descendência do cruzamento proposto será branca, porque 16/16 é igual a 1, isto é, 100%.

Resposta: E

18.A) Genótipos 1. Homem negro: Dd AA BB 2. Mulher negra: Dd AA BB 3. Menino albino: dd AA BB 4. Mulher branca: Dd aa bb 5. Filhos mulatos intermediários: Dd Aa Bb 6. Filha albina: dd Aa Bb

OSG.: 105177/16

Resolução – Biologia IV

B) 50%

C) Herança quantitativa, onde genes aditivos contribuem com a variação da quantidade de melanina na pele.

19.A) 3 pares de genes.B) 25gC) 1:6:15:20:15:6:1

20.A) Alelos: A (longo), a (curto) B (redondo), b (oval)

Cruzando as linhagens homozigotas obtém-se a F1, que intercruzada produzirá, na F2, plantas com caule curto e frutos ovais: Cruzamentos:

P: AAbb x aaBB

|

F1: AaBb x AaBb

|

F2: 9A_B_ : 3A_bb : 3aaB_ : 1aabb

B) A proporção esperada de plantas com caule curto e frutos ovais (aabb) é de 1/16.

João G: 07/06/16 – Rev.: LSS10517716 - pro - Aulas 27 E 28 - Interações Gênicas - Epistasia, Interações não Epistáticas, Polimeria e Pleiotropia