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A figura representa, em um sistema ortogo-nal de coordenadas, duas retas, r e s, simétri-cas em relação ao eixo Oy, uma circunferên-cia com centro na origem do sistema, e ospontos A = (1, 2), B, C, D, E e F, correspon-dentes às interseções das retas e do eixo Oxcom a circunferência.
Nestas condições, determinea) as coordenadas dos vértices B, C, D, E e Fe a área do hexágono ABCDEF.b) o valor do cosseno do ângulo AÔB.
Resposta
a) Como as retas r e s são simétricas em relaçãoao eixo Oy, xB = −xA = −1 e yB = y A = 2, ou seja,B = (−1; 2).Os segmentos OA, OB, OC, OD, OE e OF têm to-dos comprimento igual ao raio da circunferência
dado por OA = 1 2 52 2+ = . Assim xF = OF == 5 e yF = 0, xC = −OC = − 5 e yC = 0, ou seja,
F = ( 5 ; 0) e C = (− 5 ; 0).Ainda, E é o simétrico de B em relação à origeme D é o simétrico de A em relação à origem.AssimxE = −xB = 1, yE = −yB = −2, xD = −xA = −1,yD = −y A = −2, ou seja, E = (1; −2) e D = (−1; −2).Como os trapézios CBAF e CDEF são congruen-tes, a área do hexágono ABCDEF é o dobro daárea do trapézio CBAF, ou seja, é igual a
2(CF AB) y
2A⋅
+ ⋅= (2 5 2+ ) ⋅ 2 =4 5 4+ .
b) No triângulo OAB, pela lei dos co-senos AB 2 ==OA2 +OB 2 − 2 ⋅OA ⋅OB ⋅ cos(AÔB) ⇔
⇔ cos(AÔB) = ( 5 ) ( 5 ) 22 5 5
2 2 2+ −⋅ ⋅
= 35
.
A área da região hachurada na figura A valelog10 t, para t > 1.
a) Encontre o valor de t para que a área seja 2.b) Demonstre que a soma das áreas das re-giões hachuradas na figura B (onde t = a) ena figura C (onde t = b) é igual à área da re-gião hachurada na figura D (onde t = ab).
Resposta
a) A área é igual a 2 se, e somente se,log t 210 = ⇔ t = 100.b) As áreas das regiões hachuradas nas figurasB, C e D são log10 a, log10 b e log10 ab, respecti-vamente. Como log10 ab = log10 a + log10 b paratodos a, b reais positivos, a soma das áreas dasregiões hachuradas nas figuras B e C é igual àárea da região hachurada na figura D.
Um recipiente, contendo água, tem a forma deum cilindro circular reto de altura h = 50 cm eraio r = 15 cm. Este recipiente contém 1 litrode água a menos que sua capacidade total.
Questão 20 Questão 21
Questão 22
a) Calcule o volume de água contido no cilin-dro (use π = 3,14).b) Qual deve ser o raio R de uma esfera deferro que, introduzida no cilindro e totalmen-te submersa, faça transbordarem exatamente2 litros de água?
Resposta
a) O volume total do recipiente é igual a π ⋅15 2 ⋅ 50 == 11 250 π cm3 . O volume de água contido no cilin-dro é igual a (11 250 π − 1 000) cm3 , ou seja, ado-tando a aproximação π ≅ 3,14, esse volume éigual a 34,325 litros.b) Como o recipiente contém 1 litro de água amenos que sua capacidade, para que transbor-dem 2 litros de água, o volume da esfera deve
ser de 3 litros. Assim,43
π R3 = 3 000 cm3 ⇔
⇔ R = 3 3 0004
3⋅⋅ π
= 109
43
πcm ≅ 8,95 cm.
Um jovem e uma jovem iniciam sua caminha-da diária, em uma pista circular, partindo si-multaneamente de um ponto P dessa pista,percorrendo-a em sentidos opostos.a) Sabendo-se que ela completa uma volta em18 minutos e ele em 12 minutos, quantas ve-zes o casal se encontra no ponto P, após apartida, numa caminhada de duas horas?b) Esboce o gráfico da função f(x) que repre-senta o número de encontros do casal no pon-to P, após a partida, numa caminhada deduas horas, com ele mantendo a velocidadecorrespondente a 12 minutos por volta e elade x minutos por volta. Assuma que x é umnúmero natural e varia no intervalo [18, 25].
Resposta
O jovem passa pelo ponto P a cada 12 minutos ea jovem, a cada x minutos, x inteiro positivo. Umencontro no ponto P ocorre t minutos após o iní-
cio da caminhada se, e somente se, t é múltiplode 12 e de x, ou seja, t é múltiplo de mmc (12, x).Portanto o número de encontros f(x) do casal noponto P durante uma caminhada de 2 h = 120 miné o quociente da divisão euclidiana de 120 pormmc (12, x).a) Para x = 18, mmc (12, x) = mmc (12, 18) = 36.Como 120 = 3 ⋅ 36 + 12, após a partida, o casal seencontra no ponto P três vezes durante a cami-nhada de 2 horas.b) Considerando 18 ≤ x ≤ 25, se 12 e x são primosentre si, mmc (12, x) = 12x > 120. Conseqüente-mente f(19) = f(23) = f(25) = 0.Como mmc (12, 20) = 60, mmc (12, 21) = 84,mmc (12, 22) = 132 e mmc (12, 24) = 24, temosf(20) = 2, f(21) = 1, f(22) = 0 e f(24) = 5. Podemos,assim, construir o gráfico
Com base na figura, que representa o círculotrigonométrico e os eixos da tangente e dacotangente,
a) calcule a área do triângulo ABC, para
α π=3
.
b) determine a área do triângulo ABC, em
função de α, π α π4 2
< < .
Resposta
Suporemos que α é o ângulo formado pela reta
AC e pelo eixo das abscissas eπ α π4 2
< < .
matemática 2
Questão 23
Questão 24
Sendo P (1; 0)= , temos PC tg= α. Comoπ α π α4 2
1< < ⇒ >tg , BC tg= −α 1.
Como o eixo das co-tangentes é paralelo ao eixodas abscissas, m(BAC)� = α. Sendo o triângulo
ABC retângulo em B, temos tgBCAB
α = ⇔
⇔ = −AB
tgtgαα
1. Portanto a área do triângulo
ABC é12
AB BC12
1(tg 1)⋅ ⋅ = ⋅ − ⋅ − =tg
tgαα
α
= −( 1)2
2tgtg
αα
= tg 2 tg 12 tg
2α αα
− + =
=
sen
cos1
2sencos
2
2αα
αα
+
⋅− 1 = sen cos
2 sen cos1
2 2α αα α+ − =
= 1sen 2
1α
− .
Para α π=3
, a área é igual a1
s23
enπ − =1
= −2 33
1.
Respostas: a)2 3
31− b)
1sen 2α
− 1
Um determinado produto é vendido em emba-lagens fechadas de 30 g e 50 g. Na embalagemde 30 g, o produto é comercializado a R$ 10,00e na embalagem de 50 g, a R$ 15,00.
a) Gastando R$ 100,00, qual é a quantidadede cada tipo de embalagem para uma pessoaadquirir precisamente 310 g desse produto?b) Qual é a quantidade máxima, em gramas,que uma pessoa pode adquirir com R$ 100,00?
Resposta
a) Sejam x a quantidade de embalagens de 30 ge y a quantidade de embalagens de 50 g. Nascondições do problema:10x 15y 100
30x 50y 310
+ =+ =
⇔x 7
y 2
==
Logo a pessoa deve comprar 7 embalagens de30 g e 2 embalagens de 50 g.b) Sendo x a quantidade de embalagens de 30 ge y a quantidade de embalagens de 50 g, quere-mos que 30x 50y+ seja o maior possível, onde opar (x; y) ∈N 2 satisfaz10x 15y 100+ ≤ .Como, para y fixado, devemos tomar o maior xpossível, podemos montar a seguinte tabela:
y maior x possível 30x 50y+
0123456
10875421
300290310300320310330
Logo a quantidade máxima é 330 g.
matemática 3
Questão 25