Upload
claudyane-araujo
View
5
Download
0
Embed Size (px)
DESCRIPTION
sOLUTION
Citation preview
PRINCÍPIOS DE COMUNICAÇÕES
João Célio Brandão, Abraham Alcaim e Raimundo Sampaio Neto
SOLUÇÃO DOS EXERCÍCIOS
Centro de Estudos em Telecomunicações da PUC-Rio
Rio de Janeiro – Março de 2010
CAPÍTULO 2 2.1 Analise cada uma das funções da Fig. E2.1e verifique se podem ser transformadas
de Fourier de uma função real.
Fig. E2.1
Solução
Apenas a função da Fig. E2.1 (c) pode ser transformada de Fourier de uma
função real pois não viola a condição G(f) = G*(-f)
2.2 Calcule a transformada de Fourier das seguintes funções:
(a)5 | | 4
( )0
tg t
fora
≤=
; (b)5 0 4
( )0
tg t
fora
≤ ≤=
(c) 2
1( )
1g t
t=
+ (d)
2
22
1( )
2
t
g t e σ
πσ
−
=
Utilize a tabela e as seguintes propriedades da transformada de Fourier
(a) linearidade e mudança de escala
(b) linearidade, mudança de escala e deslocamento no tempo (c) dualidade e mudança de escala
(d) linearidade e mudança de escala (e) diferenciação e dualidade
(f) linearidade e deslocamento (g) linearidade
1
0 1 t
(e)
2
3
0 2 4 t
(f)
-1
-1
2
-2 0 2 t
(g)
0 f -f0 0 f0 f
-f0 0 f0 f
(a) (b)
(c)
Solução (a) ( )8
( ) 5 rect 40 sinc(8 )tg t f= × ↔ ×
(b) ( )24
( ) 5 rect 20 sinc(4 )exp( 4 )tg t f j fπ−= × ↔ × −
(c) 2 2
22
1 1 2 1( ) 2
1 2 21 2
2
f fg t e e
t t
π ππ π
ππ
− −= = ↔ =
+ +
(d) ( ) ( )
2
2 2221
22 22 221 1
( )2 2
tt
f fg t e e e eσ
π π πσ σ ππσ
πσ πσ
− − − − = = ↔ =
(e) ( )t2
( )rect 2 sinc(2 ) 2 ( )
dg tf fG f
dtπ= ↔ × =
sinc(2 )
( )f
G ffπ
=
(f) ( ) ( ) 4 2 42 t-24 2
( ) 2 rect tri 8 sinc(4 ) 2sinc (2 )j f j ftg t f e f eπ π− −−= × + ↔ × +
(g) ( ) ( ) 2t
4 2( ) 2 rect 2 tri 8 sinc(4 ) 4 sinc (2 )tg t f f= × − × ↔ × − ×
2.3 Considere do sinal da Fig. E2.3 cuja transformada de Fourier foi calculada no
Exemplo 2.6. Obtenha essa mesma transformada usando (a) a propriedade 9 (diferenciação) e (b) a propriedade 10 (integração)
Fig. E2.3 Solução
[ ]2 2( )( ) 2 ( ) ( ) 2 2 cos(2 ) 1j fT j fTdg t
A t T A t A t T Ae A Ae A Tfdt
π πδ δ δ π−= + − + − ↔ − + = −
[ ] [ ]2 cos(2 ) 1 1 cos(2 )( )
2
A Tf jA TfG f
j f f
π π
π π
− −= =
( ) 2 2 ( )( ) tri sinc ( )
2
t
tT
G fg d AT AT Tf
j fτ τ
π−∞
= × ↔ × =∫ ; note que ( ) 0g dτ τ∞
−∞
=∫
A
-T 0 T t
-A
2 2 2
2
2
sen ( ) sen ( )( ) 2 sinc ( ) 2 2
( )
AT Tf TfG f j f AT Tf j f j A
Tf f
π ππ π
π π
×= × × = =
Notando que
[ ]2 1sen 1 cos(2 )
2θ θ= −
verificamos que as duas soluções são iguais. Verificamos também que
( )2sen ( )
2 2 sinc sen( )Tf
j A j AT Tf Tff
ππ
π=
confirmando o resultado em (2.46)
2.4 Utilize a propriedade 8 para calcular a integral do item (a) e o teorema de Parseval
dado por (2.69) para calcular a integral do item (b).
(a) sinc( )Tf df∞
−∞∫ ; (b) 2sinc ( )Tf df∞
−∞∫
Solução (a) Lembrando que
1sinc( ) rect
tTf
T T
↔
pela propriedade (8)
1 1sinc( ) rect(0)Tf df
T T
∞
−∞
= =∫
(b) Pelo Teorema de Parseval,
2 2
2 21 1 1sinc ( ) rect
tTf df dt T
T T T T
∞ ∞
−∞ −∞
= = =
∫ ∫
2.5 Usando as propriedades da função impulso calcule:
(a) ( )2 3( 3) 2 tt e eδ − −− ∗ ; (b) ∫
∞
∞−
− −+
+dtte
t
t t )1(1
12 )1(3 δ
Solução (a) ( )2 3 2( 3) 3 2 3( 3) 2 2 2t t t
t e e e e eδ − − − − − − −− ∗ = =
(b) 3( 1) 3(1 1)2 1 2 1 1 3( 1)
1 1 1 2
tte t dt e
tδ
∞− −
−∞
+ × +− = =
+ +∫
2.6 Usando as propriedades da convolução e do deslocamento na frequência, calcule
(a) ( ) 8sinc(3 ) sinc 4 j tt t e π ∗ ; (b) ( ) 4sinc(4 ) sinc 4 j tt t e π ∗
Solução
(a) ( ) 8 1 1 - 4sinc(3 ) sinc 4 rect rect
3 3 4 4
j t f ft t e π ∗ ↔ ×
Podemos verificar que o produto das duas funções rect ( ) é nulo pois o primeiro
se anula para f/3 > 0,5, isto é, f>1,5 e o segundo se anula para (f-4)/4<0,5, isto é, f<2. Como a transformada é nula, a convolução será nula.
(b) ( ) 4 1 1 - 2sinc(4 ) sinc 4 rect rect
4 4 4 4
j t f ft t e π ∗ ↔ ×
Verificamos como o auxílio da figura que o produto das funções rect ( ) neste caso será
1 1 - 2 1 -1rect rect rect
4 4 4 4 16 2
f f f × =
Fazendo a transformada inversa obtemos
( ) 2 4 21sinc(4 ) sinc 4 sinc(2 )
8
j t j tt t e t e
π π ∗ =
2.7 Usando a propriedade da modulação calcule a transformada de Fourier das funções
abaixo e esboce o seu espectro de amplitude para f0 >> 1
(a) 0( ) cos(2 ) ( )t
g t e f t u tπ−=
-2 0 2 f
0 4 f
0 2 f
1/4
1/4
1/16
(b) 0( ) cos(2 )
tg t e f tπ
−=
(c) 0( ) sen(2 )
tg t e f tπ
−=
Solução (a)
0( ) cos(2 ) ( )tg t e f t u tπ−=
Como
1( )
1 2
te u tj fπ
− ↔+
pela propriedade da modulação,
0 0
1 1 1( )
2 1 2 ( ) 1 2 ( )G f
j f f j f fπ π
= +
+ − + +
Tomando o módulo da expressão chegamos a
2 2 2 2
0 0
1 1 1( )
2 1 4 ( ) 1 4 ( )G f
f f f fπ π
= + + − + +
(b) 0( ) cos(2 )
tg t e f tπ
−=
Como
| |
2
2
1 (2 )
te
fπ− ↔
+
pela propriedade da modulação,
2 2
0 0
1 2 2( )
2 1 [2 ( )] 1 [2 ( )]G f
f f f fπ π
= +
+ − + +
Tomando o módulo chegamos a
2 2
0 0
1 1( )
1 [2 ( )] 1 [2 ( )]G f
f f f fπ π= +
+ − + +
(c) 0( ) sen(2 )
tg t e f tπ
−=
Neste caso,
2 2
0 0
1 2 2( )
2 1 [2 ( )] 1 [2 ( )]G f
j f f f fπ π
= −
+ − + +
e
2 2
0 0
1 1( )
1 [2 ( )] 1 [2 ( )]G f
f f f fπ π= −
+ − + +
Nos 3 casos, considerando f0 >> 1, o espectro de amplitude terá forma semelhante à da
figura
2.8 Utilize o resultado do exemplo 2.8 e as propriedades da integral de convolução para
calcular a convolução entre as funções da Fig. E2.8.
Fig. E2.8
Solução Sabemos de (2.65) que
( ) ( ) ( )Tt
Tt
Tt triTrectrect ⋅=∗
No caso, temos
( ) ( )1 22 2
5 5t trect rect− −× ∗ ×
Aplicando (2.63) duas vezes, considerando um atraso igual a 1 na primeira função e
igual a 2 na segunda, podemos escrever
( ) ( )1 22 2
35 5 25 2 tri
2
t tt
rect rect− − − × ∗ × = × ×
cujo gráfico está representado na figura.
2.9 Calcule g1(t)*g2(t), representadas na Fig. E2.9, para t = 6.
0 1 2 t
5
0 1 2 3 t
5
1 3 5 t
50
|G(f)|
-f0 0 f0 f
Fig. E2.9
Solução Para t = 6, mostra-se na figura que segue a posição relativa das 2 funções do
integrando de
1 2 1 2( ) ( ) ( ) ( )g t g t g t g dα α α∞
−∞
∗ = −∫
Por inspeção, podemos calcular a área do triângulo e a área do impulso, levando em
conta os valores de g1( ) que multiplicam estas funções, e obtemos o valor 8. 2.10 Utilizando a tabela de transformadas, a propriedade 13 – expressão (2.69), e outras
propriedades, determine o valor das integrais
(a) 2
1cos(2 )
1cf t dt
tπ
∞
−∞ +∫ ; (b) 1
sinc( ) j BtBt e dt
t
π
π
∞
−∞∫
Solução (a) Usando a tabela de transformadas e aplicando as propriedades da dualidade e da
mudança de escala, temos
|2 |
2
1
1
fe
t
ππ −↔+
Aplicando (2.69) temos
[ ] |2 ||2 |
2
1 1cos(2 ) ( ) ( )
1 2cff
c c cf t dt e f f f f dt et
πππ π δ δ π∞ ∞
−−
−∞ −∞
= − + + =+∫ ∫
(b) Usando a tabela de transformadas e aplicando as propriedades da dualidade temos
g1(t)
2
0 1 2 3 4 5 6 7 8 t
g2(t) 3
0 1 2 3 4 5 t
(2)
g1(6-α)
2
0 1 2 3 4 5 6 7 α
3
(2)
g2(α)
12 sgn(- )j f
tπ↔ × .
21sinc( ) rect
Bj Bt f
Bt eB B
π − ↔
Aplicando (2.69) temos
21 1sinc( )e [2j sgn( )] rect
Bj fB f
Bt dt f dtt B B
π
π
∞ ∞∗
−∞ −∞
− = × −
∫ ∫
As duas funções do integrando e seu produto estão representadas na figura abaixo.
Podemos então concluir que a integral será igual a 2j.
2.11 Para cada um dos três pulsos definidos na Fig. E2.11, (a) determine sua amplitude
para que eles tenham energia unitária; (b) determine a expressão da densidade espectral
de energia definida em (2.125).
Fig. E2.11
Solução
2 2 2
1 2 321TA T A A T= = =
Logo,
1 3
1A A
T= =
2
2A
T=
-T/2 0 T/2 t
A1
-T/4 T/4 t
- T/2 0 T/2 t
g1(t) g2(t)
g3(t)
A3
A2
0 B f
1/B
2j
2j/B
0 B f
1 11
( ) ( ) sinc( )t
g t rect G f T TfTT
= ⇔ =
2 22 2
( ) ( ) sinc2 2
t T Tg t rect G f f
T T
= ⇔ =
4 43
2 2
1 1( )
T T
T T
t tg t rect rect
T T
+ −= −
/ 2 / 2
3
1( ) ( / 2)
2 2 2
j Tf j TfT TG f T sinc f e e T sinc f jsen Tf
π π π− = − = ⋅
Lembrando que o espectro de energia de g(t) é o módulo ao quadrado de G(f), temos, 2 2
1| ( ) | sinc ( )G f T Tf=
2 22( ) sinc
2 2
T TG f f
=
2 2 2
3| ( ) | ( / 2)2
TG f Tsinc f sen Tfπ
= ⋅
2.12) Determine a função de transferência, a largura de faixa de 3 dB e a resposta ao
impulso e do filtro RC cujo circuito está representado na Fig. E2.12.
Fig. E2.12
Solução Analisando o circuito podemos escrever
1
2( ) ( )
1
2
j fCY f X f
Rj fC
π
π
=
+
A função de transferência, será
( ) 1( )
( ) 1 2
Y fH f
X f j fRCπ= =
+
Para determinar a largura de faixa de 3 dB fazemos
( )
2
2
1 1( )
21 2H f
fRCπ= =
+
C
R
X(f) Y(f)
e obtemos
3
1
2dBf B
RCπ= =
Aplicando a transformada de Fourier obtemos
( ) ( )ath t ae u t−=
onde
1a
RC=
2.13 Um filtro RC tem resposta ao impulso dada por 100( ) 100 ( )t
h t e u t−= .Determine a
saída deste filtro no domínio do tempo quando a entrada é ( ) 2cos(2 50 )x t tπ= ×
Solução Usando a tabela de transformadas temos
100( )
100 2H f
j fπ=
+
. Para fc = 50, temos
100 1( )
100 2 50 1cH f
j jπ π= =
+ × +,
2
1( )
1cH f
π=
+
-1( ) tg ( )cfβ π=
Aplicando (2.117) chegamos a
1
2
2( ) cos[2 50 ( )]
1y t t tgπ π
π
−= × ++
2.14 Um pulso retangular de amplitude unitária e duração 0,01 ms passa pelo filtro
passa-baixa H(f) representado na Fig. E2.14. Esboce a transformada de Fourier do sinal na saída deste filtro.
Fig. E2.14 Solução O espectro de amplitude do sinal na saida do filtro é dado por
( ) ( ) ( )Y f X f H f=
onde
( ) sinc( )X f T Tf=
sendo T = 10-5 s. Esta função está representada na figura que segue.
H(f)
- 50 0 50 f (kHz)
1
Assim, chegamos na seguinte expressão e respectivo gráfico
sinc( ) | | 200kHz( )
0 fora
T Tf fY f
≤=
2.15 A relação entre a entrada x(t) e a saída y(t) de um sistema linear é dada por
y(t) = 2x(t) + x(t-τ) + x(t+τ)
Determine a função de transferência deste sistema.
Solução A resposta ao impulso é dada por
h(t) = 2δ(t) + δ(t-τ) + δ(t+τ)
e a função de transferência por
2 2( ) 2 2 2cos(2 )j f j fH f e e fπτ πτ πτ−= + + = +
2.16 A função
2( ) sinct
g tT
=
é amostrada por impulsos de área unitária em t = kT0, onde T0 = T/2, obtendo-se o sinal
x(t). (a) Faça um gráfico de x(t) e de sua transformada de Fourier X(f). (b) Suponha que
-200 -100 0 100 200 f(kHz)
Y(f)
-200 -100 0 100 200 300 f(kHz)
X(f)
o sinal x(t) passa pelo filtro H(f) mostrado na Fig. E2.16. Determine a expressão do
sinal y(t) na saída do filtro.
Fig. E2.16
Solução O sinal x(t) está mostrado na figura abaixo.
Sabemos que
( )2g( ) sinc ( ) trit
t G f T TfT
= ↔ = ×
Como o espectro do sinal amostrado é a repetição do espectro G(f) multiplicado por 1/T
0, este espectro é dado por
( )0 0 0
1( ) tri 2 tri
n n
n nX f f T Tf T f
T T Tδ
∞ ∞
=−∞ =−∞
= − ∗ × = × −
∑ ∑
e seu gráfico está mostrado abaixo, seguido do gráfico do sinal na saída do filtro.
-1/T0 0 1/T0 f
2/T 2/T
H(f)
1
-4T0 -2T0 0 T0 2T0 4T0 f
x(t)
-1T0 -1/T 0 1/T 1/T0 3/T 2/T0 f
-1T0 -1/T 0 1/T 1/T0 3/T 2/T0 f
2
2 X(f)
Y(f)
Fazendo a transformada inversa obtemos
2
0
4( ) sinc cos 2
t ty t
T T Tπ
=