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Resolução de exercícios – Parte 3
Capítulo 9 (15 exercícios)
1. Suponha que a mensagem 1 0 0 1 1 0 seja transmitida por um sistema
de comunicações ópticas, usando codificação ON-OFF NRZ. Esboce as
possíveis formas de onda da tensão de saída de um receptor óptico,
explicando cada uma delas.
Saída ideal:
Saída com ruído: Essa saída (sobreposta à linha grossa) contém ruído
adicional e tempos de subida e descida considerados nas transições.
3. Determine a corrente de excitação de um laser, em relação à sua
corrente de limiar, sabendo que o turn-on delay é igual a 0,60𝝉𝒆𝒔𝒑.
𝑡𝑡𝑢𝑟𝑛−𝑜𝑛 = −𝜏𝑒𝑠𝑝 ln (1 −𝐼𝑡ℎ𝐼0)
0,60𝜏𝑒𝑠𝑝 = −𝜏𝑒𝑠𝑝 ln (1 −𝐼𝑡ℎ𝐼0)
𝑒−0,60 = 1 −𝐼𝑡ℎ𝐼0
𝐼𝑡ℎ𝐼0≅ 0,45
=>𝐼0𝐼𝑡ℎ
≅ 2,22
4. Explique o funcionamento e as limitações do circuito simples de
excitação laser esquematizado na figura 9.7.
Um circuito de realimentação é usado para controlar a pré-polarização, de
forma a manter a potência média de saída constante. Um problema com essa
abordagem é que ela assume que é assumido um valor médio do sinal de
tensão que alimenta o laser constante. Se essa tensão for temporariamente
removida, o circuito de controle de realimentação força um aumento da
corrente de pré-polarização até o laser atingir potência de saída constante, de
calor médio igual ao que possuía antes da alteração. Quando a tensão é
reaplicada, a corrente alta de pré-polarização pode fazer o laser queimar.
5. Um receptor óptico opera a uma temperatura de 50ºC, sua banda
passante é igual a 100 MHz e a resistência de carga é de 1 𝒌𝛀.
5.1. Determine o valor rms da corrente de ruído térmico que atravessa
a resistência de carga.
Temperatura absoluta: 𝑇 = 50 + 273 = 323 𝐾
< 𝑖𝑁𝑇2 > =
4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓
𝑅𝐿=4 × 1,38 × 10−23 × 323 × 100 × 106
1 × 103
≅ 1,78 × 10−15 𝐴2
(𝑖𝑁𝑇)𝑟𝑚𝑠 = √< 𝑖𝑁𝑇2 >≅ 4,22 × 10−8𝐴 = 42,2 𝑛𝐴
5.2. Determine o valor rms da tensão de ruído térmico que aparece nos
terminais da resistência de carga.
(𝑣𝑁𝑇)𝑟𝑚𝑠 = 𝑅𝐿 × (𝑖𝑁𝑇)𝑟𝑚𝑠 = 103 × 42,2𝑛 = 4,22 × 10−5 = 42,2𝜇𝑉
5.3. Determine a potência de ruído térmico gerada.
𝑃𝑁𝑇 = (𝑣𝑁𝑇)𝑟𝑚𝑠 × (𝑖𝑁𝑇)𝑟𝑚𝑠 = 42,2𝜇 × 42,2𝑛 ≅ 1,78 𝑝𝑊
6. Um receptor óptico opera a uma temperatura T = 290 K, possui uma
banda passante de 250 MHz e a resistência de carga é igual a 𝑹𝑳 =
𝟏𝟎𝟎 𝒌𝛀. O fotodetector gera uma fotocorrente cujo valor médio é igual
a 5 nA e a corrente de escuro é igual a zero.
6.1. Determine o valor rms da corrente de ruído shot.
< 𝑖𝑁𝑆2 > = 2𝑞(< 𝑖𝑠 > +𝐼𝐷)Δ𝑓
= 2 × 1,6 × 10−19(5 × 10−9 + 0) × 250 × 106
= 4 × 10−19𝐴2
(𝑖𝑁𝑆)𝑟𝑚𝑠 = √< 𝑖𝑁𝑆2 >≅ 6,32 × 10−10 = 632 𝑝𝐴
6.2. Determine o valor rms da tensão de ruído shot que aparece nos
terminais da resistência de carga.
(𝑣𝑁𝑆)𝑟𝑚𝑠 = 𝑅𝐿(𝑖𝑁𝑆)𝑟𝑚𝑠 = 100 × 103 × 632𝑝 = 63,2 𝜇𝑉
6.3. Determine a relação sinal-ruído desprezando o ruído térmico.
𝑃𝑠 = 𝑅𝐿 < 𝑖𝑠 >2= 100 × 103 × 25 × 10−18 = 2,5 × 10−12 𝑊
< 𝑃𝑁𝑆 > = 𝑅𝐿 < 𝑖𝑁𝑆2 > = 100 × 103 × 4 × 10−19 = 4 × 10−14 𝑊
𝑆
𝑁=𝑃𝑠𝑃𝑁𝑆
=2,5 × 10−12
4 × 10−14= 62,5 𝑜𝑢 17,96 𝑑𝐵
6.4. Determine a relação sinal-ruído sem desprezar o ruído térmico.
< 𝑃𝑁𝑇 > = 4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 = 4 × 1,38 × 10−23 × 290 × 250 × 106
≅ 4 × 10−12
𝑆
𝑁=
𝑃𝑠< 𝑃𝑁𝑆 > +< 𝑃𝑁𝑇 >
=2,5 × 10−12
4 × 10−14 + 4 × 10−12
≅ 0,619 𝑜𝑢 − 2,08 𝑑𝐵
7. A corrente de escuro de um fotodetector é igual a 5 nA e sua
responsividade é 0,5 A/W. Para qual valor de potência óptica incidente,
a potência média de ruído shot gerada pela corrente de sinal é igual a
potência média de ruído shot gerada pela corrende de escuro?
A potência média de ruído shot é proporcional a < 𝑖𝑁𝑆2 >.
Para a corrente de escuro temos:
< 𝑖𝑁𝑆2 > = 2𝑞𝐼𝐷Δ𝑓 = 𝑘 × 5 × 10
−9
Esse valor tem que ser igual para a potência incidente.
2𝑞 < 𝑖𝑠 > Δ𝑓 = 𝑘 ×< 𝑖𝑠 > = 𝑘 × 𝑃𝑖𝑛𝑅Φ
Daí concluímos que:
𝑃𝑖𝑛 =5 × 10−9
0,5= 10−8 𝑊 = 10 𝑛𝑊
8. Um fotodetector do tipo PIN tem uma responsividade igual a 0,5 A/W
e uma corrente de escuro de 2 nA. O receptor óptico opera a uma
temperatura de 40ºC, possui uma banda de 50 MHz e a resistência de
carga vale 𝟐𝟎𝟎𝟎 𝛀.
8.1. Para qual valor de potência óptica recebida, a potência média de
ruído térmico é igual à potência média de ruído shot?
< 𝑃𝑁𝑇 > = 4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 = 4 × 1,38 × 10−23 × (40 + 273) × 50 × 106
≅ 8,64 × 10−13
8,64 × 10−13 = 2𝑞(< 𝑖𝑠 > +𝐼𝐷)Δ𝑓 × 𝑅𝐿
8,64 × 10−13 = 2 × 1,6 × 10−19(< 𝑖𝑠 > +2 × 10−9) × 50 × 106 × 2000
=> < 𝑖𝑠 >≅ 2,7 × 10−5
𝑃𝑖𝑛 =< 𝑖𝑠 >
𝑅Φ= 54 𝜇𝑊
8.2. Qual é o valor da relação sinal-ruído para o nível de potência óptica
calculado no item anterior?
𝑆
𝑁=(2,7 × 10−5)2 × 2000
2 × 8,64 × 10−13= 843750 𝑜𝑢 59,26 𝑑𝐵
9. Repita o exercício 8, para um fotodetector do tipo APD, de ganho igual
a 100 e uma corrente de escuro não amplificada de 2 nA.
𝑃𝑁𝑇 = 8,64 × 10−13 = 𝑀22𝑞𝑅𝐿Δ𝑓(< 𝑖𝑠 > +𝐼𝐷)
=> < 𝑖𝑠 > = 7 × 10−10
𝑃𝑖𝑛 =7 × 10−10
0,5= 1,4 𝑛𝑊
𝑆
𝑁=(7 × 10−10 × 100)2 × 2000
2 × 8,64 × 10−13≅ 5,67 𝑜𝑢 7,54 𝑑𝐵
10. Determine a expressão geral da potência equivalente de ruído para
um fotodetector PIN. Faça o gráfico da NEP em função da resistência
de carga 𝑹𝑳, considerando que o fotodetector tenha uma corrente de
escuro 𝑰𝑫 = 𝟐 𝒏𝑨 e uma responsividade 𝑹𝚽 = 𝟎, 𝟓𝑨
𝑾.
𝑆
𝑁=
< 𝑃𝐸𝑆 >
< 𝑃𝑁𝑇 > +< 𝑃𝑁𝑆 >= 1
=> < 𝑃𝐸𝑆 > = < 𝑃𝑁𝑇 > +< 𝑃𝑁𝑆 >
=> 𝑖𝑠2𝑅𝐿 = 4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 + 2𝑞Δ𝑓(𝑖𝑠 + 𝐼𝐷)
=> 𝑃𝑖𝑛2 𝑅Φ
2 𝑅𝐿 = 4𝑘𝐵TΔ𝑓 + 2𝑞Δ𝑓(𝑅Φ𝑃𝑖𝑛 + 𝐼𝐷)
=> 𝑅Φ2 𝑅𝐿𝑃𝑖𝑛
2 − 2𝑞Δ𝑓𝑅Φ𝑃𝑖𝑛 − 4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 − 2𝑞Δ𝑓𝐼𝐷 = 0
{
𝑃𝑖𝑛1 =
2𝑞Δ𝑓𝑅Φ +√(2𝑞Δ𝑓𝑅Φ)2 + 4𝑅Φ
2 𝑅𝐿(4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 + 2𝑞Δ𝑓𝐼𝐷)
2𝑅𝐿𝑅Φ2
𝑃𝑖𝑛2 =2𝑞Δ𝑓𝑅Φ − √(2𝑞Δ𝑓𝑅Φ)
2 + 4𝑅Φ2 𝑅𝐿(4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 + 2𝑞Δ𝑓𝐼𝐷)
2𝑅𝐿𝑅Φ2
É possível perceber que 𝑃𝑖𝑛2 resulta num valor negativo, o que é
inconsistente para uma potência. A solução é portanto 𝑃𝑖𝑛1.
O valor da NEP é 𝑁𝐸𝑃 =𝑃𝑖𝑛1
√Δf.
O seguinte script foi utilizado para se gerar o gráfico no matlab da NEP em
função da resistência de carga:
q=1.6e-19; resp=0.5; Id=2e-9; deltaf=50e+6; Rl=1:10:10^5; kb=1.38e-23; T=290; a=(resp^2)*Rl; b=-2*q*deltaf*resp; c=-(4*kb*T*deltaf+2*q*deltaf*Id);
D=b^2-4*a*c; Pin=(-b+sqrt(D))./(2*a); NEP=Pin/sqrt(deltaf);
plot(Rl,NEP)
Adotou-se Δ𝑓 = 50 𝑀𝐻𝑧 e 𝑇 = 290 𝐾 (temperature ambiente). O restante
dos dados foi fornecido e o gráfico pode ser visto abaixo.
11. Um fotodiodo do tipo PIN tem responsividade 𝑹𝚽 = 𝟎, 𝟑𝑨
𝑾 e corrente
de escuro 𝑰𝑫 = 𝟏𝟎 𝒏𝑨. O receptor opera à temperatura 𝑻 = 𝟑𝟎𝟎 𝑲 e
possui uma banda passante 𝚫𝒇 = 𝟏𝟎𝟎 𝑴𝑯𝒛. Determine a mínima
potência detectável por esse fotodiodo e a respectiva NEP, para
resistência de carga de 𝟓𝟎 𝛀, 𝟓𝟎𝟎 𝛀, 𝟓𝟎𝟎𝟎 𝛀 e 𝟓𝟎𝟎𝟎𝟎 𝛀.
O script do Matlab preparado para a questão anterior foi alterado para:
q=1.6e-19; resp=0.3; Id=10e-9; deltaf=100e+6; Rl=[50 500 5000 50000]; kb=1.38e-23; T=300; a=(resp^2)*Rl; b=-2*q*deltaf*resp; c=-(4*kb*T*deltaf+2*q*deltaf*Id);
D=b^2-4*a*c; Pin=(-b+sqrt(D))./(2*a) NEP=Pin/sqrt(deltaf)
TAB=[Rl;Pin;NEP]
Os resultados obtidos estão resumidos em TAB, que resulta:
Resistência de carga 50 500 5000 50000
Potência mínima detectável (nW) 606,63 191,83 60,66 19,18
NEP [W/(Hz^0.5)] 6,07E-11 1,92E-11 6,07E-12 1,92E-12
12. Um sistema PCM, limitado pelo ruído shot, opera a uma taxa de
transmissão de dados 𝑩 = 𝟓𝟎𝟎 𝑴𝒃𝒑𝒔, com codificação ON-OFF NRZ.
A probabilidade de erro de bit é menor ou igual a 𝟏𝟎−𝟗. O sistema
trabalha na segunda janela de transmissão, cujo comprimento de onda
é 𝝀𝟎 = 𝟏, 𝟑 𝝁𝒎. A eficiência quântica do fotodetector é igual a 0,9 e sua
corrente de escuro é desprezível.
12.1. Qual deve ser o nível da potência óptica incidente no receptor, para
que a especificação de probabilidade de erro de bit seja respeitada?
𝑃𝑒𝑟𝑟𝑜,𝑏𝑖𝑡 = 2. 𝑒𝑟𝑓𝑐 (√𝜂𝑁𝑝2) = 10−9
√𝜂𝑁𝑝2
≅ 4,32
=> 𝑁𝑝 ≅ 41
𝐸𝑟 = 𝑁𝑝ℎ𝑓 = 41 × 6,626 × 10−34 ×
3 × 108
1,3 × 10−6= 6,27 × 10−18
Para 0s e 1s equiprováveis:
𝑃𝑖𝑛𝑐 =𝐸𝑟𝐵
2≅ 1,57𝑛𝑊
12.2. Determine o número de fótons incidentes por bit, para o nível de
potência calculado no item precedente.
Do item anterior, 𝑁𝑃 = 41.
12.3. Compare e comente os resultados deste exercício com os do
exercício resolvido 9.5.
O número de fótons desse caso é maior. Isso se deve ao fato de que
considerar apenas o ruído shot significa admitir uma operação no limite
quântico, uma situação mais favorável que no exercício 9.5, que considera o
ruído térmico.
13. Sabe-se que um fotodetector do tipo PIN produz pares elétron-
lacuna distribuídos segundo uma estatística de Poisson, em resposta à
iluminação por um pulso de energia 𝑬𝒓 [𝑱]. A eficiência quântica do
fotodetector é igual a 1. Assuma que o amplificador ligado ao
fotodetector seja ideal. Deseja-se comunicar um bit de informação ao
receptor óptico, enviando-se um pulso de luz de energia (𝒂𝑬𝒓) ou 𝑬𝒓,
respectivamente, para os estados OFF e ON. O parâmetro (𝒂) é uma
constante menor que 1. Decide-se por 0 ou 1 transmitido, comparando-
se o número de pares elétron-lacuna gerados com um limiar de valor
fixo. Sabendo que 0s e 1s são equiprováveis, pede-se:
13.1. Determine a probabilidade de erro na detecção considerando que
o limiar de comparação é igual a N.
𝑃𝑒𝑟𝑟𝑜 = 𝑝(0/1)𝑝(1) + 𝑝(1/0 )𝑝(0)
𝑃𝑒𝑟𝑟𝑜 = 0,5∑ (𝐸𝑟ℎ𝑓)𝑛 𝑒
−𝐸𝑟ℎ𝑓
𝑛!
𝑁
𝑛=0
+ 0,5∑ (𝑎𝐸𝑟ℎ𝑓)𝑛 𝑒
−𝑎𝐸𝑟ℎ𝑓
𝑛!
∞
𝑛=𝑁
13.2. Considerando o comprimento de onda 𝝀𝟎 = 𝟏, 𝟑 𝝁𝒎, a máxima
probabilidade de erro tolerável igual a 𝟏𝟎−𝟗 e 𝒂 = 𝟎, 𝟏, determine o
valor do limiar de comparação e o valor da mínima energia por pulso de
luz que é detectável.
𝑁 =𝑎𝐸𝑟ℎ𝑓
+ 6𝜎1 =𝐸𝑟ℎ𝑓− 6𝜎2
0,9𝐸𝑟ℎ𝑓
= 6(𝜎1 + 𝜎2) = 6(√0,1𝐸𝑟ℎ𝑓
+ √𝐸𝑟ℎ𝑓)
0,9𝑥 = 6(√0,1𝑥 + √𝑥)
𝑥 =𝐸𝑟ℎ𝑓
≅ 77
𝑁 = 77 − 6√77 = 24,35
Energia mínima detectável:
ON: 𝐸𝑟(𝑂𝑁) = 77 × 6,626 × 10−34 ×
3×108
1,3×10−6= 1,18 × 10−17
OFF: 𝐸𝑟(𝑂𝐹𝐹) = 𝑎𝐸𝑟(𝑂𝑁) = 0,1𝐸𝑟(𝑂𝑁) = 1,18 × 10−18
14. Um amplificador eletrônico tem um ganho de potência igual a 𝑮 =𝑷𝒐𝒖𝒕
𝑷𝒊𝒏= 𝟖 e uma figura de ruído 𝑵𝑭 = 𝟑 𝒅𝑩. Esse amplificador é ligado a
um fotodetector cuja responsividade é 𝑹𝚽 = 𝟎, 𝟓𝑨
𝑾. A resistência de
carga do fotodetector é 𝑹𝑳 = 𝟏𝟎𝟎 𝛀, a temperatura de operação é 𝑻 =
𝟑𝟎𝟎 𝑲 e a banda passante do receptor é 𝚫𝒇 = 𝟏 𝑴𝑯𝒛. A potência óptica
recebida é igual a 𝑷𝒊𝒏 = 𝟎, 𝟓 𝝁𝑾.
14.1. Calcule a potência de sinal dissipada na resistência de carga.
𝑃𝐿 = 𝑅𝐿(𝑃𝑖𝑛𝑅Φ)2 = 100(0,5𝜇. 0,5)2 = 6,25 𝑝𝑊
14.2. Calcule a potência de sinal saindo do amplificador.
𝑃𝐿 = 𝐺𝑃𝐿 = 8 . 6,25𝑝 = 50 𝑝𝑊
14.3. Calcule a potência de ruído térmico gerada na resistência de carga.
𝑃𝑁𝑇 = 4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 = 4 . 1,38 . 10−23. 300 . 106 = 1,656 × 10−14 𝑊
14.4. Calcule a potência de ruído térmico saindo do amplificador.
𝑃𝑁𝑇𝑜𝑢𝑡 = 𝐺𝑃𝑁𝑇 = 8 . 1,656 × 10−14 = 1,3248 × 10−13 𝑊
14.5. Calcule a potência equivalente de ruído de entrada.
𝑆
𝑁= 1 => 𝑅𝐿(𝑃𝑖𝑛𝑅Φ)
2 = 4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 + 2𝑞𝑅𝐿Δ𝑓(𝐼𝐷 + 𝑃𝑖𝑛𝑅Φ)
100(𝑃𝑖𝑛. 0,5)2
= 4 . 1,38 . 10−23 . 300 . 106
+ 2 . 1,6 . 10−19. 100 . 106. 𝑃𝑖𝑛 . 0,5
𝑃𝑖𝑛 = 2,57 × 10−8 𝑊
14.6. Calcule a relação sinal-ruído na entrada do amplificador.
Na situação anterior, tínhamos:
𝑃𝑡𝑜𝑡𝑎𝑙𝑑𝑒𝑟𝑢í𝑑𝑜 = 𝑃𝑁𝑇 + 𝑃𝑁𝑆= 1,656 × 10−14 + 2 . 1,6 . 10−19 . 100 . 106 . 0,5 . 10−6. 0,5
= 1,6548 × 10−14 𝑊
𝑆
𝑁=
6,25 𝑝
1,6548 × 10−14= 377,7 𝑜𝑢 25,77 𝑑𝐵
14.7. Calcule a relação sinal-ruído na saída do amplificador.
𝑁𝐹 = (𝑆
𝑁)𝑖𝑛− (
𝑆
𝑁)𝑜𝑢𝑡
(𝑆
𝑁)𝑜𝑢𝑡
= 25,77 − 3 = 22,77 𝑑𝐵
14.8. Calcule o parâmetro Z do amplificador.
𝑍 =𝑛𝑜𝑢𝑡𝑉𝑝𝑖𝑐𝑜
=√4𝑘𝐵𝑇Rin𝐺𝑣
2𝐵𝑁4𝑞𝑅𝑖𝑛𝐺𝑣𝐵𝑁
2,1 . 10−7
1,81 . 10−10≅ 1160
15. Considere um amplificador a transimpedância. A malha de
realimentação é composta por um resistor 𝑹𝒇 = 𝟏𝟎 𝒌𝛀, em paralelo com
um capacitor 𝑪𝒇 = 𝟎, 𝟐 𝒑𝑭. A capacitância do fotodetector é 𝑪𝒅 = 𝟓 𝒑𝑭
e sua responsividade é 𝑹𝚽 = 𝟎, 𝟓𝑨
𝑾. A potência óptica incidente é 𝑷𝒊𝒏 =
𝟎, 𝟓 𝝁𝑾.
15.1. Calcule a tensão de saída do receptor óptico.
𝑖𝑖𝑛 = 𝑃𝑖𝑛𝑅Φ = 0,5 . 10−6. 0,5 = 0,25 𝜇𝐴
𝑉𝑖𝑛 = 0 (𝑡𝑒𝑟𝑟𝑎 𝑣𝑖𝑟𝑡𝑢𝑎𝑙)
Toda a corrente desvia para o elo de realimentação
𝑉𝑟𝑒𝑎𝑙 = 𝑍𝑟𝑒𝑎𝑙𝑖𝑖𝑛 = (𝑅𝑓//1
𝑗𝜔𝐶𝑓) 𝑖𝑖𝑛 ≅ 𝑅𝑓𝑖𝑖𝑛 = 10
4 . 0,25 . 10−6 = 2,5 𝑚 𝑉
(para frequências baixas)
Frequência ópticas, entretanto, são altas:
𝑉𝑟𝑒𝑎𝑙 = 𝑍𝑟𝑒𝑎𝑙𝑖𝑖𝑛 = (𝑅𝑓//1
𝑗𝜔𝐶𝑓) 𝑖𝑖𝑛 ≅
1
𝑗𝜔𝐶𝑓𝑖𝑖𝑛 =
−𝑗0,25 . 10−6
𝜔0,2.10−12
= −𝑗1,25 . 106
𝜔 [𝑉]
15.2. Calcule a banda passante de 3 dB do receptor óptico.
Temos dois circuitos RC que podem limitar esse circuito. Será limitado,
entretanto, pelo RC da realimentação
𝑅𝐶 = 𝑅𝑓𝐶𝑓 = 104. 0,2.10−12 = 0,2 × 10−8
𝑓3𝑑𝐵 =1
2𝜋𝑅𝐶=
1
2𝜋. 0,2 . 10−8≅ 79,6 𝑀𝐻𝑧
15.3. Calcule a corrente rms de ruído térmico gerada pelo resistor de
realimentação, sabendo que a temperatura de operação é 𝑻 = 𝟑𝟎𝟎 𝑲.
𝑃𝑁𝑇 = 4𝑘𝐵𝑇Δ𝑓 = 4.1,38.10−23. 79,6.106 = 4,39 × 10−15𝑊
𝑖𝑁𝑇𝑟𝑒𝑎𝑙 = √𝑃𝑁𝑇𝑅𝑓
= √4,39 × 10−15
104≅ 662,6 𝑝𝐴
14.4. Calcule a corrente de sinal.
Já calculado no item a.
𝑖𝑖𝑛 = 0,25 𝜇𝐴
15.5. Admitindo que a corrente de escuro do fotodetector seja
desprezível e sabendo que a figura de ruído do amplificador é 𝑵𝑭 =
𝟒 𝒅𝑩, calcule a relação sinal-ruído de saída.
(𝑆
𝑁)𝑖𝑛=(0,25 𝜇𝐴)2. 104
(662,6 𝑝𝐴)2. 104= 142356 𝑜𝑢 51,53 𝑑𝐵
(𝑆
𝑁)𝑜𝑢𝑡
= (𝑆
𝑁)𝑖𝑛−𝑁𝐹 = 51,53 − 4 = 47,53 𝑑𝐵
16. A fotocorrente gerada por um fotodiodo atravessa um resistor 𝑹𝑳.
Prove que uma variação na potência óptica (expressa em dB) é igual a
metade da variação na potência elétrica (expressa em dB). Houve perda
de potência?
𝑃𝑜𝑝𝑡1 =𝑖𝐿𝑅Φ
𝑃𝑒𝑙1 = 𝑖𝐿2𝑅𝐿 = (𝑅Φ𝑃𝑜𝑝𝑡1)
2𝑅𝐿
=> 𝑃𝑒𝑙1(𝑑𝐵) = 10 log(𝑅𝐿) + 20 log(𝑅Φ) + 20 log(𝑃𝑜𝑝𝑡1)
=> 𝑃𝑒𝑙1(𝑑𝐵) = 10 log(𝑅𝐿) + 20 log(𝑅Φ) + 2𝑃𝑜𝑝𝑡1(𝑑𝐵)
Se tivermos, então 𝑃𝑜𝑝𝑡2(𝑑𝐵) = 𝑃𝑜𝑝𝑡1(𝑑𝐵) + Δ𝑃(𝑑𝐵), resulta em:
𝑃𝑒𝑙2(𝑑𝐵) = 10 log(𝑅𝐿) + 20 log(𝑅Φ) + 2(𝑃𝑜𝑝𝑡1(𝑑𝐵) + Δ𝑃(𝑑𝐵))
Temos, então: 𝑃𝑒𝑙2(𝑑𝐵) = 𝑃𝑒𝑙1(𝑑𝐵) + 2Δ𝑃(𝑑𝐵)
Para entender que não houve perda de potência total, vamos analisar o
seguinte exemplo: 𝑅𝐿 = 1, 𝑅Φ = 1
𝑃𝑜𝑝𝑡1 = 10 => 𝑃𝑜𝑝𝑡1(𝑑𝐵) = 10
𝑃𝑒𝑙1 = 1(1.10)2 = 100 => 𝑃𝑒𝑙1(𝑑𝐵) = 20
𝑃𝑜𝑝𝑡2 = 100 => 𝑃𝑜𝑝𝑡2(𝑑𝐵) = 20 => Δ𝑃(𝑑𝐵) = 10
𝑃𝑒𝑙2 = 1. (1.100)2 = 10000 => 𝑃𝑒𝑙2(𝑑𝐵) = 40
Esse exemplo ilustra que, já no primeiro caso, a potência óptica que chega
não é totalmente transferida para potência elétrica. Na verdade, ocorre um
efeito de amplificação de potência. No segundo caso, o resultado provado
nesse exercício se verificou, mas a potência óptica continuou não sendo
totalmente destinada a potência elétrica, se verificando novamente o
fenômeno de amplificação de potência. Isso mostra que os fotodiodos são
componentes ativos e retiram potência também de sua alimentação.