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Aula 00
Curso: Raciocínio Lógico p/ MP-BA (todos os cargos) - com videoaulas
Professor: Arthur Lima
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AULA 00 (demonstrativa)
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SUMÁRIO PÁGINA
1. Apresentação 01
2. Edital e cronograma do curso 02
3. Resolução de questões 03
4. Questões apresentadas na aula 30
5. Gabarito 40
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1. APRESENTAÇÃO
Olá!
Seja bem-vindo a este curso de RACIOCÍNIO LÓGICO, desenvolvido para
atender o edital de Analista e Assistente Técnico-Administrativo do concurso
para o Ministério Público do Estado da Bahia, a ser realizado pelo Instituto
AOCP em 23/03/2014.
Caso você não me conheça, segue uma breve introdução. Sou Engenheiro
Aeronáutico pelo Instituto Tecnológico de Aeronáutica (ITA), e trabalhei por 5 anos
no mercado de aviação, até ingressar no cargo de Auditor-Fiscal da Receita Federal
do Brasil.
Neste curso abordaremos todo o conteúdo previsto no edital, vendo tanto a
parte teórica como a resolução de questões. O Instituto AOCP não tem tradição em
concursos do porte do MPE/BA, tendo realizado em sua maioria concursos para
cargos médios em prefeituras e alguns órgãos. Existem poucas questões
disponíveis de Raciocínio Lógico desta banca. Assim, faz-se necessário basear o
nosso curso nas questões das bancas tradicionais em concursos deste porte,
em especial FCC, FGV e CESGRANRIO. Trabalharemos ao todo cerca de 300
exercícios. Além disso, você terá acesso a vídeo-aulas sobre alguns dos
temas-chave do seu edital, para diversificar o seu estudo.
Gostaria de terminar esta introdução dizendo que estarei disponível
diariamente para tirar dúvidas através do fórum disponível na área do aluno. Caso
você queira tirar alguma dúvida comigo antes de adquirir o curso, escreva para
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2. EDITAL E CRONOGRAMA DO CURSO
Inicialmente, transcrevo abaixo o conteúdo programático previsto no edital do
MPE/BA:
RACIOCÍNIO LÓGICO
Compreensão de estruturas lógicas. Lógica de argumentação; analogias,
inferências, deduções e conclusões. Diagramas lógicos. Princípios de contagem e
probabilidade.
Nosso curso será dividido em 6 aulas, além desta aula demonstrativa. Segue
abaixo o calendário previsto:
Publicação Número da Aula
28/12/2013 Aula 00 – demonstrativa
07/01/2014 Aula 01 - Compreensão de estruturas lógicas
14/01/2014 Aula 02 - Lógica de argumentação; analogias, inferências, deduções e
conclusões
21/01/2014 Aula 03 - Diagramas lógicos
28/01/2014 Aula 04 - Princípios de contagem
05/02/2014 Aula 05 – Probabilidade
12/02/2014 Aula 06 - Resumo teórico
Como já disse, além de um completo curso escrito (em PDF), você terá
acesso a vídeo-aulas sobre alguns dos tópicos mais importantes do seu
edital: lógica de argumentação, diagramas lógicos, princípios de contagem e
probabilidade.
As vídeo-aulas são disponibilizadas junto do material em PDF, e é você quem
escolhe como e quando estudar!
Sem mais, vamos ao curso.
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3. RESOLUÇÃO DE QUESTÕES
Nesta primeira aula vamos resolver as questões recentes cobradas pelas
bancas mais tradicionais em concursos do porte do seu. São questões de nível
introdutório, que exploram aspectos básicos do raciocínio lógico, para que você
comece a “entrar no clima” do nosso curso!
Vamos começar? Sugiro que você leia a questão e tente resolvê-la antes de
ver a resolução comentada.
1. FCC – TRT/BA – 2013 ) Em uma concessionária de automóveis, cinco carros de
cores diferentes (vermelho, azul, branco, preto e prata) foram expostos em fila, em
ordem decrescente de preço. O carro vermelho que foi exposto é mais caro do que
o prata, mas é mais barato do que o branco. Além disso, sabe-se que o carro preto
ficou imediatamente depois do carro prata na fila. Apenas com essas informações,
pode-se concluir que o carro mais barato do grupo
(A) pode ser o azul ou o preto.
(B) certamente é o branco.
(C) pode ser o branco ou o azul.
(D) certamente é o preto.
(E) pode ser o branco ou o preto.
RESOLUÇÃO:
Vamos colocar os carros em fila decrescente de preços, deixando à esquerda
os mais caros e à direita os mais baratos.
O carro vermelho que foi exposto é mais caro do que o prata, mas é mais
barato do que o branco. Podemos representar isso assim:
... branco ... vermelho ... prata ...
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As reticências (...) significam que não temos certeza se existem outros carros
naquelas posições, ok? Além disso, sabe-se que o carro preto ficou imediatamente
depois do carro prata na fila:
... branco ... vermelho ... prata-preto ...
Veja que usei o hífen entre o prata e o preto para simbolizar que não há
nenhum carro entre eles, pois um está IMEDIATAMENTE após o outro.
O carro azul pode estar em qualquer das posições onde colocamos as
reticências. Se ele estiver à esquerda do prata, o carro preto será o mais barato. Se
ele estiver à direita do carro preto, então o azul será o mais barato.
Assim sendo, podemos concluir que o carro mais barato do grupo pode ser o
preto ou o azul.
RESPOSTA: A
2. FCC – TRT/BA – 2013 ) Para montar, com palitos de fósforo, o quadriculado 2 ×
2 mostrado na figura a seguir, foram usados, no total, 12 palitos.
Para montar um quadriculado 6 × 6 seguindo o mesmo padrão, deverão ser usados,
no total,
(A) 64 palitos.
(B) 72 palitos.
(C) 84 palitos.
(D) 96 palitos.
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(E) 108 palitos.
RESOLUÇÃO:
Precisamos entender a lógica que permite calcular rapidamente o número de
palitos em cada figura. Repare que, no quadriculado 2 x 2 da figura, temos 3 linhas
verticais formadas por 2 palitos cada, e mais 3 linhas horizontais formadas por 2
palitos cada. De fato, veja que ao todo temos 12 palitos, pois:
12 = 3 x 2 + 3 x 2
De maneira análoga, no quadriculado 6 x 6, nós teremos 7 linhas verticais
formadas por 6 palitos cada (totalizando 7 x 6 = 42 palitos) e mais 7 linhas
horizontais formadas por 6 palitos cada uma (totalizando mais 7 x 6 = 42 palitos).
Ao todo, teremos:
Palitos = 7 x 6 + 7 x 6 = 84
RESPOSTA: C
3. FCC – TRT/BA – 2013 ) Nas somas mostradas a seguir, alguns dígitos do nosso
sistema de numeração foram substituídos por letras. No código criado, cada dígito
foi substituído por uma única letra, letras iguais representam o mesmo dígito e letras
diferentes representam dígitos diferentes.
P + P = S
H + H = U
S + S = H
M + M = PS
Utilizando o mesmo código, pode-se deduzir que o resultado da soma S + H é igual
a
(A) P.
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(B) M.
(C) U.
(D) PH.
(E) SM.
RESOLUÇÃO:
Podemos reescrever as equações assim:
2P = S
2H = U
2S = H
2M = PS
Nas equações acima, veja que U = 2H. Além disso, H = 2S, de modo que 2H
= 4S. E, por sua vez, S = 2P, de modo que 4S = 8P. Ou seja:
U = 2H = 4S = 8P
Como cada letra é igual a um algarismo (de 0 a 9), só temos uma
combinação possível:
P = 1, S = 2, H = 4 e U = 8
Deste modo, o símbolo PS representa o número 12. Usando a última
equação:
2M = PS
2M = 12
M = 12 / 2
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M = 6
Agora que sabemos o valor de todas as letras, repare que:
S + H = 2 + 4 = 6 = M
Ou seja,
S + H = M
RESPOSTA: B
4. FCC – TRT/BA – 2013 ) Devido à proximidade das eleições, foi decidido que os
tribunais eleitorais deveriam funcionar, em regime de plantão, durante um
determinado domingo do ano. Em relação a esse plantão, foi divulgada a seguinte
orientação:
“Se todos os processos forem analisados até às 11 horas, então o plantão será
finalizado nesse horário.”
Considere que a orientação foi cumprida e que o plantão só foi finalizado às 18
horas. Então, pode-se concluir que, necessariamente,
(A) nenhum processo foi analisado até às 11 horas.
(B) todos os processos foram analisados até às 11 horas.
(C) pelo menos um processo terminou de ser analisado às 18 horas.
(D) todos os processos foram analisados até às 18 horas.
(E) pelo menos um processo não foi analisado até às 11 horas.
RESOLUÇÃO:
A frase dada no enunciado é uma proposição condicional, pois apresenta
uma condição (“Se todos os processos forem analisados até às 11 horas”) que, se
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cumprida, leva automaticamente a um resultado (“então o plantão será finalizado
nesse horário”).
Ocorre que o plantão só foi finalizado às 18 horas, ou seja, o resultado não
aconteceu. Se o resultado não aconteceu, é porque a condição não foi cumprida, ou
seja, nem todos os processos foram analisados até as 11 horas. Por isso, podemos
concluir que pelo menos um processo não foi analisado até as 11 horas.
RESPOSTA: E
Obs.: nessa aula demonstrativa resolvemos essa questão de modo bem intuitivo. Ao
longo do curso veremos técnicas para resolver de maneira mais rápida / automática.
5. FCC – TRT/BA – 2013 ) Um ano bissexto possui 366 dias, o que significa que ele
é composto por 52 semanas completas mais 2 dias. Se em um determinado ano
bissexto o dia 1o de janeiro caiu em um sábado, então o dia 31 de dezembro cairá
em
(A) um sábado.
(B) um domingo.
(C) uma 2a feira.
(D) uma 3a feira.
(E) uma 4a feira.
RESOLUÇÃO:
Temos que percorrer 52 semanas e mais 2 dias para ir de 1º de janeiro a 31
de dezembro. Cada uma das 52 semanas começa num sábado (assim como 1º de
janeiro) e termina na sexta-feira seguinte. Após isso, temos mais dois dias: um
sábado e um DOMINGO. Este último é o dia 31 de dezembro.
RESPOSTA: B
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6. FCC – TRT/BA – 2013 ) A “Guerra dos Mil Dias” foi uma guerra civil que ocorreu
na Colômbia, tendo começado no ano de 1899. Considerando que o conflito tenha
durado exatamente 1000 dias, é possível concluir, apenas com as informações
fornecidas, que seu término
(A) ocorreu, certamente, no ano de 1901.
(B) pode ter ocorrido no ano de 1901 ou de 1902.
(C) ocorreu, certamente, no ano de 1903.
(D) ocorreu, certamente, no ano de 1902.
(E) pode ter ocorrido no ano de 1902 ou de 1903.
RESOLUÇÃO:
Dividindo 1000 por 365 (número de dias em um ano*), vemos que 1000 dias
correspondem a aproximadamente 2,73 anos. Ou seja, a guerra consumiu 2 anos
completos e mais parte de um terceiro ano.
Se a guerra começou no início de 1899, ela consumiu 2 anos completos
(1899 e 1900) e acabou em meados de 1901.
Já se a guerra começou próximo do final de 1899, ela consumiu dois anos
completos (1900 e 1901) e mais uma parte do ano seguinte, que é 1902.
Assim, o término da guerra ocorreu em 1901 ou 1902.
RESPOSTA: B
Obs.: (*) veja que, como estamos fazendo cálculos aproximados, não precisamos
nos preocupar se algum dos anos é bissexto, tendo 366 dias.
7. FCC – TRT/BA – 2013 ) Pretende-se pintar alguns dos 25 quadradinhos do
quadriculado 5 × 5 mostrado na figura a seguir.
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O número máximo de quadradinhos que poderão ser pintados de modo que
quaisquer dois quadradinhos pintados nunca possuam um lado em comum é igual a
(A) 15.
(B) 13.
(C) 12.
(D) 10.
(E) 9.
RESOLUÇÃO:
Veja no desenho abaixo uma maneira de pintar os quadradinhos de acordo
com as regras do enunciado, ou seja, sem pintar quadrados que tenham lados em
comum:
Repare que, ao todo, pintamos 13 quadradinhos.
RESPOSTA: B
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8. FCC – TRT/BA – 2013) A diretoria de uma empresa decidiu realizar um torneio
de futebol anual com a participação de seus quatro departamentos. De acordo com
as regras, em cada edição do torneio, o departamento campeão receberá um troféu
de posse transitória que, no ano seguinte, voltará a ser colocado em disputa. O
primeiro departamento que vencer cinco edições do torneio ficará com a posse
definitiva do troféu, devendo ser confeccionado um novo troféu para o próximo ano.
O número de edições do torneio que serão disputadas até que um dos
departamentos fique com a posse definitiva do troféu será, no máximo, igual a
(A) 5.
(B) 16.
(C) 17.
(D) 20.
(E) 21.
RESOLUÇÃO:
Queremos saber o número de torneios que nos permitam garantir que pelo
menos um dos times ganhou 5 vezes. Esse é um tipo de questão muito comum em
provas como a sua!
É possível que um departamento seja bem melhor que os demais, e já ganhe
logo os 5 primeiros torneios – ficando assim com o troféu. Mas para garantir o que o
enunciado pede, precisamos pensar em qual seria o “pior caso”. E qual seria ele?
Imagine que cada departamento ganhe exatamente 4 torneios (em qualquer
ordem). Neste caso, já teriam ocorrido 4 + 4 + 4 + 4 = 16 torneios e, mesmo assim,
nenhum departamento seria dono do troféu, pois nenhum teria ganho 5 vezes.
Ocorre que, no 17º torneio, um desses 4 departamentos tem que ganhar, e com isso
ele certamente chegará ao seu 5º título.
Portanto, mesmo “na pior das hipóteses”, com 17 torneios temos a certeza de
que um departamento ficará com o troféu.
RESPOSTA: C
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9. FCC – TRT/BA – 2013 ) Observando os resultados das multiplicações indicadas
a seguir, pode-se identificar um padrão.
11 × 11 = 121 111 × 111 = 12321
101 × 101 = 10201 10101 × 10101 = 102030201
1001 × 1001 = 1002001 1001001 × 1001001 = 1002003002001
De acordo com esse padrão, o resultado da multiplicação 1010101 × 1010101 é
igual a
(A) 1234321.
(B) 102343201.
(C) 10023032001.
(D) 1020304030201.
(E) 1002003004003002001.
RESOLUÇÃO:
Das diversas multiplicações fornecidas, vamos separar aquelas mais
convenientes para a nossa análise:
101 × 101 = 10201
10101 × 10101 = 102030201
Note que separei essas pois os números multiplicados são formados pela
alternância de 0 e 1 (assim como o 1010101). Veja que, nas duas contas, temos um padrão
que se repete:
10201
102030201
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Em relação ao número central, que pintei de amarelo, temos algo simétrico para os
dois lados: uma alternância entre um 0 e um número cada vez menor, até chegar no 1.
Seguindo essa lógica temos:
1010101 × 1010101 = 1020304030201.
RESPOSTA: D
10. FGV – MEC – 2009) Um jogo é constituído por 8 peças iguais, quadradas e
numeradas de 1 a 8, que estão encaixadas em um quadrado maior, como
apresentado na figura 1.
Só se consegue mexer, na vertical ou na horizontal, uma peça por vez. Cada peça
só pode ser movimentada se estiver adjacente ao espaço vazio. A movimentação da
peça é feita empurrando-a para o espaço vazio. Seu deslocamento preenche o
espaço existente e causa o aparecimento de um novo espaço.
Considere que, em dado momento, a configuração do jogo é a apresentada na
figura 4.
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Assinale a alternativa que indique o número mínimo de movimentações para atingir
a configuração apresentada na figura 5.
(A) menor do que 6.
(B) 6.
(C) 7.
(D) 8.
(E) maior do que 8.
RESOLUÇÃO:
A tabela abaixo reproduz a figura 4 do enunciado:
�� �� ��
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Precisamos começar a resolução entendendo onde queremos chegar. Veja
que, das alterações entre as figuras 4 e 5, a maior delas é a mudança de posição da
peça 3. Note ainda que entre as duas figuras não há alteração na primeira coluna:
ela mantém-se com as peças 1, 4 e 7.
Com base nesses comentários, é provável que a melhor solução passe por
não mexer na primeira coluna, e trabalhar principalmente a peça 3, levando-a à sua
posição final, fazendo simultaneamente pequenas alterações de posição em outras
peças.
Veja abaixo os movimentos necessários:
1) Mover para cima a peça 3:
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2) Mover para a esquerda a peça 8:
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�3) Mover para baixo a peça 6:
�� �� ��
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��� �� ��
4) Mover para a direita a peça 3:
�� �� ��
��
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�� �� ��
5) Mover para baixo a peça 5:
��
�
��
�� �� ��
�� �� ��
6) Mover para a esquerda a peça 2:
�� ��
��� �� ��
�� �� ��
7) Mover para cima a peça 3:
�� �� ��
�� ��
��� �� ��
8) Mover para cima a peça 6:
�� �� ��
�� �� ��
�� ��
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Portanto, são necessários 8 movimentos.
Resposta: D
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11. FGV – MEC – 2009) Uma urna contém dez bolas: uma branca, duas amarelas,
três verdes e quatro pretas. Considere as afirmativas a seguir:
I. Se uma bola for retirada da urna, restará, necessariamente, dentro dela, uma bola
de cada uma das quatro cores.
II. Se cinco bolas forem retiradas da urna, restarão em seu interior,
necessariamente, bolas apenas com três das quatro cores.
III. Se cinco bolas forem retiradas da urna, entre as bolas retiradas haverá,
necessariamente, duas de uma mesma cor.
Assinale:
(A) se somente a afirmativa I estiver correta.
(B) se somente a afirmativa II estiver correta.
(C) se somente a afirmativa III estiver correta.
(D) se somente as afirmativas I e III estiverem corretas.
(E) se somente as afirmativas II e III estiverem corretas.
RESOLUÇÃO:
Vamos analisar as afirmativas dadas:
I. Se uma bola for retirada da urna, restará, necessariamente, dentro dela, uma bola
de cada uma das quatro cores.
Falso. Temos apenas 1 bola branca. Se ela for retirada, teremos bolas de
apenas 3 cores na urna.
II. Se cinco bolas forem retiradas da urna, restarão em seu interior,
necessariamente, bolas apenas com três das quatro cores.
Falso. Observe que, se as 5 bolas retiradas forem 3 pretas e 2 verdes,
sobrarão 1 bola branca, 2 amarelas, 1 verde e 1 preta na urna. Ou seja, seria
possível ter bolas das 4 cores na urna, mesmo após retirar 5 bolas.
III. Se cinco bolas forem retiradas da urna, entre as bolas retiradas haverá,
necessariamente, duas de uma mesma cor.
Verdadeiro. Ainda que as 4 primeiras bolas retiradas sejam cada uma de cor
diferente, a 5ª bola retirada será necessariamente de cor igual a uma das que já
tiver sido retirada (afinal, não existem mais cores). Portanto, dentre as 5 bolas
retiradas teremos, necessariamente, 2 de mesma cor.
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Portanto, apenas a afirmativa III está correta.
Resposta: C
12. FGV – MEC – 2009) O ano de 2009 começou em uma quinta-feira. Sabendo-se
que os anos de 2012 e 2016 serão bissextos, ou seja, terão 366 dias cada um, é
correto afirmar que o ano voltará a começar em uma quinta-feira em:
(A) 2014
(B) 2015
(C) 2016
(D) 2017
(E) 2018
RESOLUÇÃO:
Os anos de 365 dias possuem 52 semanas de 7 dias, sobrando ainda 1 dia
(divida 365 por 7 e você observará quociente 52 e resto 1). Devido a este dia
excedente, se um ano começou na quinta-feira, o ano seguinte começará na sexta-
feira (há um avanço de 1 dia da semana), o próximo no sábado, e assim por diante.
Ocorre que de 4 em 4 anos temos um ano bissexto. Nestes anos de 366 dias,
temos 52 semanas e sobram 2 dias. Portanto, quando o ano é bissexto teremos o
avanço, de um ano para o outro, de 2 dias da semana. Portanto, se um ano bissexto
começou na quinta-feira, o ano seguinte começará no sábado.
Com isso em mente, e sabendo que 2009 não é bissexto e começou na
quinta-feira, teremos:
- 2010: começou na sexta-feira, isto é, 1 dia da semana após 2009;
- 2011: começou no sábado;
- 2012: começou no domingo;
- 2013: começou na terça-feira, pois 2012 foi bissexto, assim houve um avanço de 2
dias da semana;
- 2014: começou na quarta-feira;
- 2015: começou na quinta-feira.
Portanto, apenas em 2015 voltaremos a ter um ano começando no mesmo
dia da semana que 2009.
Resposta: B
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13. FGV – MEC – 2009) Abel, Gabriel e Daniel são amigos. Um deles mora em uma
casa branca, o outro, em uma casa azul e o terceiro, em uma casa amarela. Entre
eles, um é pintor, o outro, escultor e o terceiro, professor. Abel não mora na casa
azul. Gabriel é escultor e não mora na casa branca. O professor mora na casa azul.
A esse respeito, é correto afirmar que:
(A) Abel mora na casa amarela.
(B) Abel é pintor.
(C) Daniel não é professor.
(D) Daniel mora na casa branca.
(E) Gabriel mora na casa azul.
RESOLUÇÃO:
Temos 3 amigos, 3 casas e 3 profissões. A tabela abaixo permite relacionar
cada amigo às 3 opções de casa e de profissões que ele possui:
Amigo Casa Profissão
Abel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Daniel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Gabriel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Podemos analisar as informações dadas pelo enunciado e ir anotando na
tabela as conclusões que chegarmos. Vamos começar pelas informações mais
“diretas”:
Abel não mora na casa azul.
Podemos “cortar” a opção Casa Azul de Abel.
Gabriel é escultor e não mora na casa branca.
Podemos “cortar” a opção Casa Branca de Gabriel. Podemos também marcar
em negrito a opção Escultor para ele, cortando as demais opções de profissão. E
também é possível cortar a opção Escultor dos demais amigos.
Veja todas essas alterações na tabela abaixo:
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Amigo Casa Profissão
Abel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Daniel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Gabriel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
O professor mora na casa azul.
Abel não pode ser o professor, pois já cortamos a opção Casa Azul para ele.
Gabriel também não pode ser o professor, pois já descobrimos que ele é Escultor.
Sobra apenas Daniel. Ele é professor e mora na casa azul. Podemos marcar em
negrito a sua casa e profissão, e cortar essa opção dos demais:
Amigo Casa Profissão
Abel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Daniel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Gabriel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Veja que sobrou apenas a opção Casa Amarela para Gabriel. Esta será a sua
casa. Assim, sobra a casa Branca para Abel. E sobro apenas a profissão Pintor para
Abel. Com isso, temos:
Amigo Casa Profissão
Abel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Daniel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
Gabriel Branca, azul ou amarela Pintor, escultor ou
professor
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Feito isso, fica fácil analisar as alternativas dadas. Como Abel é Pintor, a
alternativa B está correta.
Resposta: B
14. FGV – MEC – 2009) Nas bancas das feiras, os feirantes empilham laranjas de
tal forma que cada laranja sempre fica apoiada sobre outras quatro, como ilustrado
abaixo, excetuando-se as que estão diretamente sobre a bancada.
A base do empilhamento tem sempre a forma de um retângulo (não se esqueça de
que quadrados são também retângulos). A quantidade de laranjas na base e a sua
disposição acabam por determinar a quantidade máxima de laranjas que podem ser
empilhadas. Na ilustração a seguir, há 6 laranjas na base dispostas de modo que
N=3 e P=2. A quantidade máxima de empilhamento é 8.
Com base nas informações acima e adotando-se como convenção que N não pode
ser menor do que P, assinale a alternativa correta.
(A) Com 8 laranjas na base, é possível um empilhamento máximo de 12 laranjas.
(B) Se N = 4 e P = 3, obtém-se empilhamento máximo de 18 laranjas.
(C) Há mais de uma disposição em que se obtém empilhamento máximo de 14
laranjas.
(D) Não é possível obter-se empilhamento máximo de 5 laranjas.
(E) Se P = 3, não é possível empilhar mais do que 20 laranjas.
RESOLUÇÃO:
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Por fins didáticos, vamos passar rapidamente por cada alternativa:
(A) Com 8 laranjas na base, é possível um empilhamento máximo de 12 laranjas.
Falso. É possível empilhar apenas 11 laranjas:
(B) Se N = 4 e P = 3, obtém-se empilhamento máximo de 18 laranjas.
Falso. Veja que é possível empilhar 18 laranjas nas 2 primeiras camadas:
Porém é possível colocar mais uma camada com 2 laranjas. Assim, o
empilhamento máximo é de 20 laranjas:
(C) Há mais de uma disposição em que se obtém empilhamento máximo de 14
laranjas.
Verdadeiro. Veja duas formas de se obter empilhamento máximo de 14
laranjas:
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(D) Não é possível obter-se empilhamento máximo de 5 laranjas.
Falso. Veja:
(E) Se P = 3, não é possível empilhar mais do que 20 laranjas.
Falso. Veja o empilhamento de mais de 20 laranjas com P = 3:
Resposta: C
15. CESGRANRIO – BACEN – 2010) Num famoso talk-show, o entrevistado faz a
seguinte afirmação: “Toda pessoa gorda não tem boa memória”.
Ao que o entrevistador contrapôs: “Eu tenho boa memória. Logo, não sou gordo”.
Supondo que a afirmação do entrevistado seja verdadeira, a conclusão do
entrevistador é:
(A) falsa, pois o correto seria afirmar que, se ele não fosse gordo, então teria uma
boa memória.
(B) falsa, pois o correto seria afirmar que, se ele não tem uma boa memória, então
ele tanto poderia ser gordo como não.
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(C) falsa, pois o correto seria afirmar que ele é gordo e, portanto, não tem boa
memória.
(D) verdadeira, pois todo gordo tem boa memória.
(E) verdadeira, pois, caso contrário, a afirmação do entrevistado seria falsa.
RESOLUÇÃO:
A frase “Toda pessoa gorda não tem boa memória” pode ser visualizada no
diagrama abaixo, onde temos o conjunto dos gordos e o conjunto dos que não
possuem boa memória, além do conjunto dos que possuem boa memória.
Note que o conjunto dos gordos está contido, ou seja, é um subconjunto do
conjunto das pessoas que não possuem boa memória.
A frase do entrevistador foi: Eu tenho boa memória. Logo, não sou gordo”.
Note em nosso diagrama que uma pessoa com boa memória está na região 3.
Portanto, é impossível que esta pessoa seja gorda, ou seja, esteja na região 1
também.
Portanto, assumindo que a frase do entrevistado seja verdadeira, então a
frase do entrevistador está correta. Caso o entrevistador estivesse errado, a frase
do entrevistado não seria verdadeira. É o que vemos na letra E.
Resposta: E
16. CESGRANRIO – BNDES – 2011) Míriam, Tereza e Vera possuem, cada uma,
um pássaro de estimação. Uma delas tem um canário, outra, um periquito, e outra,
um papagaio. Sabe-se que:
• o periquito não pertence a Míriam;
• Vera não possui o canário;
• Tereza não possui o periquito;
• o papagaio não pertence a Míriam.
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Então, é verdade que
(A) Míriam possui o periquito.
(B) Tereza possui o canário.
(C) Vera possui o papagaio.
(D) Míriam não possui o canário.
(E) Tereza possui o papagaio.
RESOLUÇÃO:
Temos 3 mulheres e 3 animais. A tabela abaixo apresenta as combinações
possíveis:
Mulher Animal
Míriam Canário, Periquito ou Papagaio
Tereza Canário, Periquito ou Papagaio
Vera Canário, Periquito ou Papagaio
Vejamos as informações fornecidas:
• o periquito não pertence a Míriam;
• Vera não possui o canário;
• Tereza não possui o periquito;
• o papagaio não pertence a Míriam.
Podemos cortar as opções Periquito e Papagaio de Míriam, Canário de Vera
e Periquito de Tereza. Assim, temos:
Mulher Animal
Míriam Canário, Periquito ou Papagaio
Tereza Canário, Periquito ou Papagaio
Vera Canário, Periquito ou Papagaio
Repare que a única opção restante para Míriam é o Canário. Devemos,
portanto, cortar essa opção de Tereza, para quem vai sobrar apenas o Papagaio.
Cortando a opção Papagaio de Vera, sobra apenas o Periquito:
Mulher Animal
Míriam Canário, Periquito ou Papagaio
Tereza Canário, Periquito ou Papagaio
Vera Canário, Periquito ou Papagaio
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Logo, Tereza possui o papagaio.
Resposta: E
17. CESGRANRIO – BACEN – 2010) O mês de fevereiro de um ano bissexto só
terá cinco sábados se começar em um(a)
(A) sábado
(B) domingo
(C) quarta-feira
(D) quinta-feira
(E) sexta-feira
RESOLUÇÃO:
Em um ano bissexto, fevereiro tem 29 dias. Dividindo 29 dias por 7 (número
de dias em uma semana), obtemos quociente 4 e resto 1. Ou seja, este mês tem 4
semanas inteiras e mais 1 dia.
Como temos 4 semanas inteiras, sempre teremos pelo menos 4 repetições
de cada dia da semana (segunda, terça, ...). Além disso, temos mais 1 dia, que será
a 5ª repetição de algum dia da semana.
Note que, se o mês começar em um sábado, teremos 4 semanas inteiras que
começam em um sábado e terminam na sexta-feira seguinte. O dia restante será o
5º sábado.
Resposta: A
18. CESGRANRIO – BACEN – 2010) Com o objetivo de preservar a espécie
durante o período reprodutivo, determinado município estabeleceu um limite de
pesca de camarão que dizia o seguinte:
É permitida a pesca de 3 kg de camarão e mais um camarão, não podendo haver
mais do que 12 camarões com medida superior a 15 cm.
Considere que uma pessoa pesque oito camarões, todos com medida superior a 15
cm. Analise os procedimentos a seguir para decidir se essa pescaria está dentro do
limite permitido.
I - Verificar se a soma dos pesos de todos menos o peso do mais pesado não
ultrapassa 3 kg.
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II - Verificar se a soma dos pesos de metade deles não ultrapassa 1,5 kg.
III - Verificar se a soma dos pesos de metade deles mais o peso do mais pesado
ultrapassa 1,5 kg.
É (São) eficaz(es) APENAS o(s) procedimento(s)
(A) I
(B) II
(C) III
(D) I e II
(E) I e III
RESOLUÇÃO:
Como foram pescados apenas 8 camarões, não precisamos nos preocupar
com o limite máximo de 12 unidades com mais de 15cm. Precisamos nos preocupar
apenas com o limite de peso, ou seja, 3kg e mais 1 camarão. Assim, vejamos os
procedimentos:
I - Verificar se a soma dos pesos de todos menos o peso do mais pesado não
ultrapassa 3 kg.
CORRETO. Se todos, menos o mais pesado, somarem menos de 3kg, então
a pesca estará dentro dos padrões (pois é permitido pescar até 3kg e mais 1
camarão).
II - Verificar se a soma dos pesos de metade deles não ultrapassa 1,5 kg.
ERRADO. Ainda que o peso de 4 camarões seja inferior a 1,5kg, isto não
garante que, ao somar o peso dos outros 4 camarões (que podem ser bem mais
pesados), ficaremos abaixo do limite estabelecido.
III - Verificar se a soma dos pesos de metade deles mais o peso do mais pesado
ultrapassa 1,5 kg.
ERRADO. Ainda que 4 camarões e mais o peso do mais pesado não passe
de 1,5kg, pode ser que, ao adicionar os outros camarões, o limite seja ultrapassado.
Imagine a hipótese (meio absurda, mas válida) que temos:
- 4 camarões de 0,1kg cada
- 1 camarão (o mais pesado) de 2kg
- 3 camarões de 0,9kg
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Com isso, a soma dos pesos de metade deles (os 4 mais leves) mais o peso
do mais pesado (o de 2kg) é superior a 1,5kg, pois totaliza 2,4kg. Apesar disso, ao
somar os 0,9kg de um dos camarões restantes, ultrapassaríamos 3kg e faltariam
ainda 2 camarões, violando a regra.
Resposta: A
19. CESPE – AFT – 2013) Paulo, Tiago e João, auditores do trabalho, nasceram,
um deles em Brasília, o outro, em Goiânia e o terceiro, em Curitiba. Suas idades são
25, 27 e 28 anos. Sabe-se que João não nasceu em Brasília e não tem 25 anos;
que o auditor que nasceu em Goiânia tem 28 anos; que Paulo não nasceu em
Curitiba nem tem 25 anos; e que Tiago nasceu na região Centro-Oeste.
Com base nessas informações, julgue os seguintes itens.
( ) O auditor brasiliense tem 27 anos.
( ) Paulo nasceu em Goiânia.
( ) O auditor que nasceu em Curitiba tem 25 anos.
RESOLUÇÃO:
Veja que temos 3 auditores, 3 cidades de nascimento e 3 idades. Para
associar corretamente cada pessoa a cada cidade e idade, podemos começar
montando a tabela abaixo, que permite visualizar todas as combinações possíveis:
Auditor Cidade Idade
Paulo Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Tiago Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
João Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Agora podemos usar as demais informações fornecidas, começando pelas
mais fáceis:
- João não nasceu em Brasília e não tem 25 anos;
- Paulo não nasceu em Curitiba nem tem 25 anos;
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Podemos “cortar” as opções “Brasília” e “25” de João. Também podemos
“cortar” as opções “Curitiba” e “25” de Paulo. Ficamos com:
Auditor Cidade Idade
Paulo Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Tiago Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
João Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Note que a idade “25” só pode ser de Tiago, motivo pelo qual marquei-a em
negrito e cortei as demais opções de idade deste auditor. Vejamos as demais
informações:
- o auditor que nasceu em Goiânia tem 28 anos;
Como Tiago tem 25 anos, certamente ele não é de Goiânia. Podemos cortar
esta opção dele.
- Tiago nasceu na região Centro-Oeste;
Temos duas cidades da região Centro-Oeste: Goiânia e Brasília. Como Tiago
não é de Goiânia, ele só pode ser de Brasília. Assim, podemos marcar esta opção
para Tiago e cortar “Brasília” dos demais. Até aqui ficamos com:
Auditor Cidade Idade
Paulo Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Tiago Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
João Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Observe que sobrou apenas Goiânia para Paulo. Como ele é desta cidade,
então é ele quem tem 28 anos. Feito isso, sobram “Curitiba” e “27” para João:
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Auditor Cidade Idade
Paulo Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Tiago Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
João Brasília, Goiânia ou
Curitiba
25, 27 ou 28
Analisando os itens:
( ) O auditor brasiliense tem 27 anos. � Item ERRADO, pois ele tem 25 anos.
( ) Paulo nasceu em Goiânia. � Item CORRETO.
( ) O auditor que nasceu em Curitiba tem 25 anos. � Item ERRADO, pois ele tem 27
anos.
Resposta: E C E
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Pessoal, por hoje, é só!!
Vemo-nos na aula 01. Abraço,
Prof. Arthur Lima
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4. LISTA DAS QUESTÕES APRESENTADAS NA AULA
1. FCC – TRT/BA – 2013 ) Em uma concessionária de automóveis, cinco carros de
cores diferentes (vermelho, azul, branco, preto e prata) foram expostos em fila, em
ordem decrescente de preço. O carro vermelho que foi exposto é mais caro do que
o prata, mas é mais barato do que o branco. Além disso, sabe-se que o carro preto
ficou imediatamente depois do carro prata na fila. Apenas com essas informações,
pode-se concluir que o carro mais barato do grupo
(A) pode ser o azul ou o preto.
(B) certamente é o branco.
(C) pode ser o branco ou o azul.
(D) certamente é o preto.
(E) pode ser o branco ou o preto.
2. FCC – TRT/BA – 2013 ) Para montar, com palitos de fósforo, o quadriculado 2 ×
2 mostrado na figura a seguir, foram usados, no total, 12 palitos.
Para montar um quadriculado 6 × 6 seguindo o mesmo padrão, deverão ser usados,
no total,
(A) 64 palitos.
(B) 72 palitos.
(C) 84 palitos.
(D) 96 palitos.
(E) 108 palitos.
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3. FCC – TRT/BA – 2013 ) Nas somas mostradas a seguir, alguns dígitos do nosso
sistema de numeração foram substituídos por letras. No código criado, cada dígito
foi substituído por uma única letra, letras iguais representam o mesmo dígito e letras
diferentes representam dígitos diferentes.
P + P = S
H + H = U
S + S = H
M + M = PS
Utilizando o mesmo código, pode-se deduzir que o resultado da soma S + H é igual
a
(A) P.
(B) M.
(C) U.
(D) PH.
(E) SM.
4. FCC – TRT/BA – 2013 ) Devido à proximidade das eleições, foi decidido que os
tribunais eleitorais deveriam funcionar, em regime de plantão, durante um
determinado domingo do ano. Em relação a esse plantão, foi divulgada a seguinte
orientação:
“Se todos os processos forem analisados até às 11 horas, então o plantão será
finalizado nesse horário.”
Considere que a orientação foi cumprida e que o plantão só foi finalizado às 18
horas. Então, pode-se concluir que, necessariamente,
(A) nenhum processo foi analisado até às 11 horas.
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(B) todos os processos foram analisados até às 11 horas.
(C) pelo menos um processo terminou de ser analisado às 18 horas.
(D) todos os processos foram analisados até às 18 horas.
(E) pelo menos um processo não foi analisado até às 11 horas.
5. FCC – TRT/BA – 2013 ) Um ano bissexto possui 366 dias, o que significa que ele
é composto por 52 semanas completas mais 2 dias. Se em um determinado ano
bissexto o dia 1o de janeiro caiu em um sábado, então o dia 31 de dezembro cairá
em
(A) um sábado.
(B) um domingo.
(C) uma 2a feira.
(D) uma 3a feira.
(E) uma 4a feira.
6. FCC – TRT/BA – 2013 ) A “Guerra dos Mil Dias” foi uma guerra civil que ocorreu
na Colômbia, tendo começado no ano de 1899. Considerando que o conflito tenha
durado exatamente 1000 dias, é possível concluir, apenas com as informações
fornecidas, que seu término
(A) ocorreu, certamente, no ano de 1901.
(B) pode ter ocorrido no ano de 1901 ou de 1902.
(C) ocorreu, certamente, no ano de 1903.
(D) ocorreu, certamente, no ano de 1902.
(E) pode ter ocorrido no ano de 1902 ou de 1903.
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7. FCC – TRT/BA – 2013 ) Pretende-se pintar alguns dos 25 quadradinhos do
quadriculado 5 × 5 mostrado na figura a seguir.
O número máximo de quadradinhos que poderão ser pintados de modo que
quaisquer dois quadradinhos pintados nunca possuam um lado em comum é igual a
(A) 15.
(B) 13.
(C) 12.
(D) 10.
(E) 9.
8. FCC – TRT/BA – 2013) A diretoria de uma empresa decidiu realizar um torneio
de futebol anual com a participação de seus quatro departamentos. De acordo com
as regras, em cada edição do torneio, o departamento campeão receberá um troféu
de posse transitória que, no ano seguinte, voltará a ser colocado em disputa. O
primeiro departamento que vencer cinco edições do torneio ficará com a posse
definitiva do troféu, devendo ser confeccionado um novo troféu para o próximo ano.
O número de edições do torneio que serão disputadas até que um dos
departamentos fique com a posse definitiva do troféu será, no máximo, igual a
(A) 5.
(B) 16.
(C) 17.
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(D) 20.
(E) 21.
9. FCC – TRT/BA – 2013 ) Observando os resultados das multiplicações indicadas
a seguir, pode-se identificar um padrão.
11 × 11 = 121 111 × 111 = 12321
101 × 101 = 10201 10101 × 10101 = 102030201
1001 × 1001 = 1002001 1001001 × 1001001 = 1002003002001
De acordo com esse padrão, o resultado da multiplicação 1010101 × 1010101 é
igual a
(A) 1234321.
(B) 102343201.
(C) 10023032001.
(D) 1020304030201.
(E) 1002003004003002001.
10. FGV – MEC – 2009) Um jogo é constituído por 8 peças iguais, quadradas e
numeradas de 1 a 8, que estão encaixadas em um quadrado maior, como
apresentado na figura 1.
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Só se consegue mexer, na vertical ou na horizontal, uma peça por vez. Cada peça
só pode ser movimentada se estiver adjacente ao espaço vazio. A movimentação da
peça é feita empurrando-a para o espaço vazio. Seu deslocamento preenche o
espaço existente e causa o aparecimento de um novo espaço.
Considere que, em dado momento, a configuração do jogo é a apresentada na
figura 4.
Assinale a alternativa que indique o número mínimo de movimentações para atingir
a configuração apresentada na figura 5.
(A) menor do que 6.
(B) 6.
(C) 7.
(D) 8.
(E) maior do que 8.
11. FGV – MEC – 2009) Uma urna contém dez bolas: uma branca, duas amarelas,
três verdes e quatro pretas. Considere as afirmativas a seguir:
I. Se uma bola for retirada da urna, restará, necessariamente, dentro dela, uma bola
de cada uma das quatro cores.
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II. Se cinco bolas forem retiradas da urna, restarão em seu interior,
necessariamente, bolas apenas com três das quatro cores.
III. Se cinco bolas forem retiradas da urna, entre as bolas retiradas haverá,
necessariamente, duas de uma mesma cor.
Assinale:
(A) se somente a afirmativa I estiver correta.
(B) se somente a afirmativa II estiver correta.
(C) se somente a afirmativa III estiver correta.
(D) se somente as afirmativas I e III estiverem corretas.
(E) se somente as afirmativas II e III estiverem corretas.
12. FGV – MEC – 2009) O ano de 2009 começou em uma quinta-feira. Sabendo-se
que os anos de 2012 e 2016 serão bissextos, ou seja, terão 366 dias cada um, é
correto afirmar que o ano voltará a começar em uma quinta-feira em:
(A) 2014
(B) 2015
(C) 2016
(D) 2017
(E) 2018
13. FGV – MEC – 2009) Abel, Gabriel e Daniel são amigos. Um deles mora em uma
casa branca, o outro, em uma casa azul e o terceiro, em uma casa amarela. Entre
eles, um é pintor, o outro, escultor e o terceiro, professor. Abel não mora na casa
azul. Gabriel é escultor e não mora na casa branca. O professor mora na casa azul.
A esse respeito, é correto afirmar que:
(A) Abel mora na casa amarela.
(B) Abel é pintor.
(C) Daniel não é professor.
(D) Daniel mora na casa branca.
(E) Gabriel mora na casa azul.
14. FGV – MEC – 2009) Nas bancas das feiras, os feirantes empilham laranjas de
tal forma que cada laranja sempre fica apoiada sobre outras quatro, como ilustrado
abaixo, excetuando-se as que estão diretamente sobre a bancada.
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A base do empilhamento tem sempre a forma de um retângulo (não se esqueça de
que quadrados são também retângulos). A quantidade de laranjas na base e a sua
disposição acabam por determinar a quantidade máxima de laranjas que podem ser
empilhadas. Na ilustração a seguir, há 6 laranjas na base dispostas de modo que
N=3 e P=2. A quantidade máxima de empilhamento é 8.
Com base nas informações acima e adotando-se como convenção que N não pode
ser menor do que P, assinale a alternativa correta.
(A) Com 8 laranjas na base, é possível um empilhamento máximo de 12 laranjas.
(B) Se N = 4 e P = 3, obtém-se empilhamento máximo de 18 laranjas.
(C) Há mais de uma disposição em que se obtém empilhamento máximo de 14
laranjas.
(D) Não é possível obter-se empilhamento máximo de 5 laranjas.
(E) Se P = 3, não é possível empilhar mais do que 20 laranjas.
15. CESGRANRIO – BACEN – 2010) Num famoso talk-show, o entrevistado faz a
seguinte afirmação: “Toda pessoa gorda não tem boa memória”.
Ao que o entrevistador contrapôs: “Eu tenho boa memória. Logo, não sou gordo”.
Supondo que a afirmação do entrevistado seja verdadeira, a conclusão do
entrevistador é:
(A) falsa, pois o correto seria afirmar que, se ele não fosse gordo, então teria uma
boa memória.
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(B) falsa, pois o correto seria afirmar que, se ele não tem uma boa memória, então
ele tanto poderia ser gordo como não.
(C) falsa, pois o correto seria afirmar que ele é gordo e, portanto, não tem boa
memória.
(D) verdadeira, pois todo gordo tem boa memória.
(E) verdadeira, pois, caso contrário, a afirmação do entrevistado seria falsa.
16. CESGRANRIO – BNDES – 2011) Míriam, Tereza e Vera possuem, cada uma,
um pássaro de estimação. Uma delas tem um canário, outra, um periquito, e outra,
um papagaio. Sabe-se que:
• o periquito não pertence a Míriam;
• Vera não possui o canário;
• Tereza não possui o periquito;
• o papagaio não pertence a Míriam.
Então, é verdade que
(A) Míriam possui o periquito.
(B) Tereza possui o canário.
(C) Vera possui o papagaio.
(D) Míriam não possui o canário.
(E) Tereza possui o papagaio.
17. CESGRANRIO – BACEN – 2010) O mês de fevereiro de um ano bissexto só
terá cinco sábados se começar em um(a)
(A) sábado
(B) domingo
(C) quarta-feira
(D) quinta-feira
(E) sexta-feira
18. CESGRANRIO – BACEN – 2010) Com o objetivo de preservar a espécie
durante o período reprodutivo, determinado município estabeleceu um limite de
pesca de camarão que dizia o seguinte:
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É permitida a pesca de 3 kg de camarão e mais um camarão, não podendo haver
mais do que 12 camarões com medida superior a 15 cm.
Considere que uma pessoa pesque oito camarões, todos com medida superior a 15
cm. Analise os procedimentos a seguir para decidir se essa pescaria está dentro do
limite permitido.
I - Verificar se a soma dos pesos de todos menos o peso do mais pesado não
ultrapassa 3 kg.
II - Verificar se a soma dos pesos de metade deles não ultrapassa 1,5 kg.
III - Verificar se a soma dos pesos de metade deles mais o peso do mais pesado
ultrapassa 1,5 kg.
É (São) eficaz(es) APENAS o(s) procedimento(s)
(A) I
(B) II
(C) III
(D) I e II
(E) I e III
19. CESPE – AFT – 2013) Paulo, Tiago e João, auditores do trabalho, nasceram,
um deles em Brasília, o outro, em Goiânia e o terceiro, em Curitiba. Suas idades são
25, 27 e 28 anos. Sabe-se que João não nasceu em Brasília e não tem 25 anos;
que o auditor que nasceu em Goiânia tem 28 anos; que Paulo não nasceu em
Curitiba nem tem 25 anos; e que Tiago nasceu na região Centro-Oeste.
Com base nessas informações, julgue os seguintes itens.
( ) O auditor brasiliense tem 27 anos.
( ) Paulo nasceu em Goiânia.
( ) O auditor que nasceu em Curitiba tem 25 anos.
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5. GABARITO
01 A 02 C 03 B 04 E 05 B 06 B 07 B
08 C 09 D 10 D 11 C 12 B 13 B 14 C
15 E 16 E 17 A 18 A 19 ECE
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